Question

9．在平面直角坐標系中，點O為坐標原點，動點P（x，y）與定點F（-1，0）的距離和它到定直線x=-2的距離之比是$\frac{\sqrt{2}}{2}$．
（1）求動點P的軌跡C的方程；
（2）過F作曲線C的不垂直于y軸的弦AB，M為AB的中點，直線OM與曲線C交于P，Q兩點，求四邊形APBQ面積的最小值．

Answer 1

分析 （1）由題意列關于P的坐標的函數關系式，整理可得動點P的軌跡C的方程；
（2）設直線AB的方程為x=my-1，A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），聯立直線系方程和橢圓方程，得到關于y的一元二次方程，利用根與系數的關系求得A、B中點的坐標，得到直線PQ的方程，求出|PQ|．設點A到直線PQ的距離為d，則點B到直線PQ的距離也為d，可得2d=$\frac{|m{x}_{1}+2{y}_{1}|+|m{x}_{2}+2{y}_{2}|}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．結合題意化簡可得2d=$\frac{（{m}^{2}+2）|{y}_{1}-{y}_{2}|}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．代入得2d=$\frac{2\sqrt{2}•\sqrt{1+{m}^{2}}}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．代入四邊形面積公式，換元后利用配方法求得四邊形APBQ面積的最大值．

解答 解：（1）由已知，得$\frac{{\sqrt{{{（{x+1}）}^2}+{y^2}}}}{{|{x+2}|}}=\frac{{\sqrt{2}}}{2}$．
兩邊平方，化簡得$\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1$．
故軌跡C的方程是$\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1$；
（2）∵AB不垂直于y軸，設直線AB的方程為x=my-1，A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），
由$\left\{\begin{array}{l}{x=my-1}\\{\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$，得（m²+2）y²-2my-1=0．
y₁+y₂=$\frac{2m}{{m}^{2}+2}$，y₁y₂=$\frac{-1}{{m}^{2}+2}$．
x₁+x₂=m（y₁+y₂）-2=$\frac{-4}{{m}^{2}+2}$，于是AB的中點為M（$-\frac{2}{{m}^{2}+2}，\frac{m}{{m}^{2}+2}$），
故直線PQ的斜率為-$\frac{m}{2}$，PQ的方程為y=-$\frac{m}{2}$x，即mx+2y=0，
聯立$\left\{\begin{array}{l}y=-\frac{m}{2}x\\ \frac{x^2}{2}+{y^2}=1\end{array}\right.$，整理得：x²=$\frac{4}{2+{m}^{2}}$，|PQ|=$2\sqrt{{x^2}+{y^2}}=2\sqrt{\frac{{{m^2}+4}}{{{m^2}+2}}}$．
設點A到直線PQ的距離為d，則點B到直線PQ的距離也為d，
∴2d=$\frac{|m{x}_{1}+2{y}_{1}|+|m{x}_{2}+2{y}_{2}|}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．
∵點A，B在直線mx+2y=0的異側，∴（mx₁+2y₁）（mx₂+2y₂）＜0，
于是|mx₁+2y₁|+|mx₂+2y₂|=|mx₁+2y₁-mx₂-2y₂|，從而2d=$\frac{（{m}^{2}+2）|{y}_{1}-{y}_{2}|}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．
∵|y₁-y₂|=$\sqrt{（{y}_{1}+{y}_{2}）^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$=$\frac{2\sqrt{2}•\sqrt{1+{m}^{2}}}{{m}^{2}+2}$，
∴2d=$\frac{2\sqrt{2}•\sqrt{1+{m}^{2}}}{\sqrt{{m}^{2}+4}}$．
故四邊形APBQ的面積S=$\frac{1}{2}$|PQ|•2d=$\frac{1}{2}•2\sqrt{\frac{{{m^2}+4}}{{{m^2}+2}}}•\frac{{2\sqrt{2}\sqrt{1+{m^2}}}}{{\sqrt{{m^2}+4}}}=2\sqrt{2}\sqrt{\frac{{{m^2}+1}}{{{m^2}+2}}}$
=2$\sqrt{2}$$\sqrt{1-\frac{1}{2+{m}^{2}}}$≥2．
即m=0時，S_min=2．

點評 本題考查橢圓標準方程的求法，考查直線與橢圓位置關系的應用，訓練了利用換元法求函數的最值，屬中檔題．