Question

【題目】已知函數(shù)f（x）=xlnx，g（x）=﹣x2+ax﹣3．
（1）求函數(shù)f（x）在[t，t+2]（t＞0）上的最小值；
（2）對(duì)一切x∈（0，+∞），2f（x）≥g（x）恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．
（3）探討函數(shù)F（x）=lnx﹣ + 是否存在零點(diǎn)？若存在，求出函數(shù)F（x）的零點(diǎn)，若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

【答案】
（1）解：f（x）=xlnx，

f′（x）=lnx+1，令f′（x）=0，解得x= ．

① 當(dāng)0＜t＜ 時(shí)，在x∈[t， ）上f′（x）＜0；在x∈（ ．t+2]上f′（x）＞0．

因此，f（x）在x= 處取得極小值，也是最小值．fmin（x）=﹣ ．

②當(dāng)t≥ ，f′（x）≥0，因此f（x）在[t，t+2]上單調(diào)遞增，

∴fmin（x）=f（t）=tlnt

（2）解：由對(duì)一切x∈（0，+∞），2f（x）≥g（x）恒成立，

即有2xlnx≥﹣x2+ax﹣3．

即a≤2lnx+x+ 恒成立，

令h（x）=2lnx+x+ ，h′（x）= +1﹣ = = ，

當(dāng)x＞1時(shí)，h′（x）＞0，h（x）是增函數(shù)，

當(dāng)0＜x＜1時(shí)，h′（x）＜0，h（x）是減函數(shù)，

∴a≤h（x）min=h（1）=4．

即實(shí)數(shù)a的取值范圍是（﹣∞，4]

（3）解：令m（x）=2xlnx，

m'（x）=2（1+lnx），

當(dāng)x∈（0， ）時(shí)，m'（x）＜0，m（x）遞減；

當(dāng)x∈（ ，+∞）時(shí)，m'（x）＞0，m（x）遞增；

∴m（x）的最小值為m（ ）=﹣ ，

則2xlnx≥﹣ ，

∴l(xiāng)nx≥﹣ ，

F（x）=lnx﹣ + =0①

則F（x）=lnx﹣ + ≥﹣ ﹣ + = （ ﹣ ），

令G（x）= ﹣ ，則G'（x）= ，

當(dāng)x∈（0，1）時(shí)，G'（x）＜0，G（x）遞減；

當(dāng)x∈（1，+∞）時(shí)，G'（x）＞0，G（x）遞增；

∴G（x）≥G（1）=0 ②

∴F（x）=lnx﹣ + ≥﹣ ﹣ + = （ ﹣ ）≥0，

∵①②中取等號(hào)的條件不同，

∴F（x）＞0，故函數(shù)F（x）沒有零點(diǎn)

【解析】（1）求得f′（x）=lnx+1，令f′（x）=0，可得x= ．對(duì)t分類討論：當(dāng)0＜m＜ 時(shí)，及當(dāng)t≥ 時(shí)，分別研究其單調(diào)性、極值與最值，即可得出；（2）由題意可得，2xlnx≥﹣x2+ax﹣3．即a≤2lnx+x+ 恒成立，令h（x）=2lnx+x+ ，求出導(dǎo)數(shù)和單調(diào)區(qū)間，可得極小值且為最小值，由此求出實(shí)數(shù)a的取值范圍；（3）把函數(shù)整理成F（x）=lnx﹣ + ≥﹣ ﹣ + = （ ﹣ ），要判斷是否有零點(diǎn)，只需看F（x）的正負(fù)問題，令G（x）= ﹣ ，利用導(dǎo)數(shù)分析G（x）的單調(diào)區(qū)間和最值，即可判斷是否存在零點(diǎn)．
【考點(diǎn)精析】利用利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性和函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù)對(duì)題目進(jìn)行判斷即可得到答案，需要熟知一般的,函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)的正負(fù)有如下關(guān)系： 在某個(gè)區(qū)間內(nèi)，(1)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞增；(2)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞減；求函數(shù)在上的最大值與最小值的步驟：（1）求函數(shù)在內(nèi)的極值；（2）將函數(shù)的各極值與端點(diǎn)處的函數(shù)值，比較，其中最大的是一個(gè)最大值，最小的是最小值．