題目列表(包括答案和解析)
在四川汶川的抗震救災中，我國自主研制的“北斗一號”衛星導航系統，在抗震救災中發揮了巨大作用．北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能．“北斗”系統中兩顆工作衛星均繞地心O在同一軌道上做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛星分別位于軌道上的A、B兩位置(如圖K20－1所示)．若衛星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力．則以下判斷中錯誤的是( )
A．這兩顆衛星的加速度大小相等，均為
B．衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2
C．衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為
D．衛星1由位置A運動到位置B的過程中萬有引力做功為零
圖K20－1
在四川汶川的抗震救災中，我國自主研制的“北斗一號”衛星導航系統，在抗震救災中發揮了巨大作用。北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能。“北斗”系統中兩顆工作星均繞地心O做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻2顆工作衛星分別位于軌道上的A、B兩位置（如圖所示）．若衛星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力．則以下判斷中正確的是 （ ）
A．這2顆衛星的加速度大小相等，均為
B．衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2
C．衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為
D．衛星1由位置A運動到位置B的過程中萬有引力做功為零
在四川汶川的抗震救災中，我國自主研制的“北斗一號”衛星導航系統，在抗震救災中發揮了巨大作用．北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能．“北斗”系統中兩顆工作星均繞地心O做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛星分別位于軌道上的A、B兩位置（如圖所示）．若衛星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R．不計衛星間的相互作用力．則以下判斷中正確的是（ ）
A.這兩顆衛星的加速度大小相等，均為
B.衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2
C.衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為
D.衛星1中質量為m的物體的動能為
在四川汶川的抗震救災中，我國自主研制的“北斗一號”衛星導航系統，在抗震救災中發揮了巨大作用。北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能。“北斗”系統中兩顆工作星均繞地心O做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻2顆工作衛星分別位于軌道上的A、B兩位置（如圖所示）．若衛星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力．則以下判斷中正確的是 （ ）
A．這2顆衛星的加速度大小相等，均為
B．衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2
C．衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為
D．衛星1由位置A運動到位置B的過程中萬有引力做功為零
在四川汶川的抗震救災中，我國自主研制的“北斗一號”衛星導航系統，在抗震救災中發揮了巨大作用. 北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能. “北斗”系統中兩顆工作衛星均繞地心O做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛星分別位于軌道上的A、B兩位置（如圖所示）若衛星均逆時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力.則以下判斷中錯誤的是 
A.衛星2向后噴氣就一定能追上衛星1
B.這兩顆衛星的加速度大小相等，均為
C.衛星2由位置B運動到位置A所需的時間為
D.衛星2由位置B運動到位置A的過程中萬有引力做功為零
一、1、BC 2、ACD 3、BD 4、A 5、ACD 6、ABC 7、BD 8、B
二、實驗題：（18分）將答案填在題目的空白處，或者要畫圖連線。
9、（6分）（1）
10、（12分）
①（4分）
②串（2分） 290Ω（3分）．③偏大（3分）
三、本大題共三小題共計54分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題．答案中必須明確寫出數值和單位
11、（16分）設A的質量為m，A靜止，有：
①……1分
設B的質量為mB，B與A碰前速度為v1，由機械能守恒定律可知：
②……1分
B與A發生完全彈性碰撞，設碰后A、B速度大小分別為
，有：
③……2分
④……2分
可得：
⑤……1分
B反彈，機械能守恒：
⑥……1分
由②――⑥可知：
⑦……1分
由題可知：
⑧……1分
設C與A碰前速度為v2，由機械能守恒定律可知：
⑨……1分
C與A碰，碰后速度為v3，由動量守恒：
⑩……1分
A、 C分離發生在彈簧原長處O，不分離即系統至O點速度為零。由系統機械能守恒可知：
11……2分
解得：
12……2分
12、（18分）⑴PQ在區域Ⅱ中距中間邊界
，而MN在區域I 距中間邊界
時，PQ邊產生的感應電動勢
（2分）
MN邊產生的感應電動勢
（2分）
故回路中的電動勢
V (2分）
由于線框勻速運動，故水平拉力做的功等于線框中產生的焦耳熱，即
(2分）
⑵設初速度為
，勻速運動一段時間后減速，MN邊到達中間界線時速度為
，接著又勻速運動一段時間后，再減速，最后速度為0，則對跨越中間邊界的過程據動量定理有
(2分）
對跨越最右邊界的過程據動量定理有
(2分）
線圈運動時產生的平均感應電動勢
，電量
聯立化簡得
（1分）
由上式可得：
(1分）
則
(1分)
故
(l分)
(1分)
則
(1分)
13、（20分）（1）由題可知粒子在磁場Ⅰ中圓運動的圓心角為60°，相應圓運動半徑為：
①…… 1分
由
②……1分
可知
③……1分
④……2分
（2）粒子在電場中做類平拋運動，有：
⑤……1分
⑥……1分
⑦……1分
可知：
⑧……1分
⑨……2分 
⑩……2分
（3）根據運動對稱性可知：
第一次返回y=y0前在磁場Ⅰ中運動的總時間
11……1分
在磁場Ⅱ中運動的總時間
12……2分
故第一次返回y=y0前運動的總時間
13……2分
之后運動呈周期性，故返回y=y0前運動的總時間
14……2分
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