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已知函數f(x)=ex-
a2
x2+e2x
,其中e為自然對數的底數,a∈R.
(I)當a=e2時,求曲線y=f(x)在x=-2處的切線方程;
(II)若函數f(x)在[-2,2]上為單調增函數,求a的最大值.
分析:(I)當a=e2時,對f(x)進行求導,求出其在x=-2處的斜率,根據點斜式求出切線的方程;
(II)函數f(x)在[-2,2]上為單調增函數,可得f′(x)=ex-ax+e2≥0對任意的x∈[-2,2]恒成立,分兩種情況:x=0或x≠0,從而求解;
解答:解:由題意得f(x)的定義域為R,且f′(x)=ex-ax+e2
(I)由于a=e2,則f(x)=ex-
e2
2
x2+e2x,f′(x)=ex-e2x+e2
故f(-2)=e-2-4e2,f′(-2)=e-2+3e2
所以f(x)在x=-2處的切線方程為:y=f′(-2)(x+2)+f(-2),即y=(e-2+3e2)x+3e-2+2e2
(II)因為f(x)在[-2,2]上為單調增函數;
所以f′(x)=ex-ax+e2≥0對任意的x∈[-2,2]恒成立,
①當x=0時,不等式成立;
②當x≠0時,即可轉化為不等式a≤
ex+e2
x
對x∈(0,2]恒成立且不等式
a≥
ex+e2
x
對x∈[-2,0)恒成立,
令h(x)=
ex+e2
x
,-2≤x≤2,x≠0,則h′(x)=
xex-exe2
x2

令p(x)=xex-ex-e2,則p′(x)=ex+xex-ex=xex
當x∈[-2,0),p′(x)<0,;當x∈(0,2]時,p′(x)>0,
故p(x)在[-2,0)上單調遞減,在(0,2]上單調遞增;
又p(2)=0,p(-2)<0,
所以當x∈[-2,0)時,h′(x)<0;當x∈(0,2]時,h′(x)≤0,
所以h(x)在∈[-2,0)上單調遞減,在∈(0,2]上單調遞減.
所以h(x)在∈[-2,0)上的最大值M=h(-2)=-
e-2+e2
2
,在(0,2]上的最小值N=h(2)=e2
所以滿足條件的實數a的取值范圍為:[-
e-2+e2
2
,e2],所以實數a的最大值為e2
點評:此題主要考查利用導數研究導數的單調性,利用了分類討論的思想,此題是一道綜合性題,有一定的難度;
練習冊系列答案
相關習題

科目:高中數學 來源: 題型:

已知函數f(x)=
e-x-2,(x≤0)
2ax-1,(x>0)
(a是常數且a>0).對于下列命題:
①函數f(x)的最小值是-1;
②函數f(x)在R上是單調函數;
③若f(x)>0在[
1
2
,+∞)
上恒成立,則a的取值范圍是a>1;
④對任意x1<0,x2<0且x1≠x2,恒有f(
x1+x2
2
)<
f(x1)+f(x2)
2

其中正確命題的序號是
 

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科目:高中數學 來源: 題型:

已知函數f(x)=e-z+log3
1
x
,若實數x0是方程f(x)=0的解,且x1>x0,則f(x1)的值(  )

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科目:高中數學 來源: 題型:

(2012•海淀區一模)已知函數f(x)=e-kx(x2+x-
1k
)(k<0)

(Ⅰ)求f(x)的單調區間;
(Ⅱ)是否存在實數k,使得函數f(x)的極大值等于3e-2?若存在,求出k的值;若不存在,請說明理由.

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科目:高中數學 來源: 題型:

(2012•河南模擬)已知函數f(x)=e-kx(x2+x-
1k
)(k<0)

(Ⅰ)求f(x)的單調區間;
(Ⅱ)是否存在實數k,使得函數f(x)的極大值等于3e-2?若存在,求出k的值;若不存在,請說明理由.
請考生在第(22)、(23)、(24)三題中任選一題作答,如果多做,則按所做的第一題記分.作答時用2B鉛筆在答題卡上把所選題目對應的題號涂黑.

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科目:高中數學 來源: 題型:

(2010•孝感模擬)已知函數
f(x)=
e-x-1,(x≤0)
|lnx|,(x>0)
,集合M={x|f[f(x)]=1},則M中元素的個數為(  )

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同步練習冊答案
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