Question

已知函數(shù)f(x)=

3

8

x2+lnx+2，g（x）=x．
（Ⅰ）求函數(shù)F（x）=f（x）-2•g（x）的極值點(diǎn)；
（Ⅱ）若函數(shù)F（x）=f（x）-2•g（x）在[e^t，+∞）（t∈Z）上有零點(diǎn)，求t的最大值；
（Ⅲ）證明：當(dāng)x＞0時(shí)，有[1+g(x)]

1

g(x)

＜e成立；若bn=g(n)

1

g(n+1)

（n∈N^*），試問數(shù)列{b_n}中是否存在b_n=b_m（n≠m）？若存在，求出所有相等的兩項(xiàng)；若不存在，請(qǐng)說明理由．（e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)）

Answer 1

（Ⅰ）由題知：F(x)=

3

8

x2+lnx+2-2x，定義域?yàn)椋?，+∞）；求導(dǎo)，得F′(x)=

(3x-2)(x-2)

4x

，令F′（x）=0
，得x=

2

3

，或x=3；∴函數(shù)F（x）的單調(diào)遞增區(qū)間為(0，

2

3

]和[2，+∞)，F(xiàn)（x）的單調(diào)遞減區(qū)間為[

2

3

，2]，
即x=

2

3

為F（x）的極大值點(diǎn)，x=2為F（x）的極小值點(diǎn)；
（Ⅱ）∵F（x）在x∈[

2

3

，+∞)上的最小值為F（2），且F（2）=

3

8

×22-4+2+ln2=ln2-

1

2

=

ln4-1

2

＞0；
∴F（x）在x∈[

2

3

，+∞)上沒有零點(diǎn)；要使函數(shù)F（x）在[e^t，+∞）（t∈Z）上有零點(diǎn)，并考慮到F（x）在(0，

2

3

]單調(diào)遞增且在[

2

3

，2]單調(diào)遞減，故只須et＜

2

3

且F（e^t）≤0即可；
易驗(yàn)證F(e-1)=

3

8

•e-2+1-2e-1＞0，F(xiàn)(e-2)=

3

8

•e-4+lne-2+2-2e-2=

1

e2

(

3

8

•e-2-2)＜0，
所以，當(dāng)t≤-2且t∈Z時(shí)均有F（e^t）＜0，此時(shí)函數(shù)F（x）在[e^t，e^-1）（t∈Z）上有零點(diǎn)，
即函數(shù)F（x）在[e^t，+∞）（t∈Z）上有零點(diǎn)時(shí)，t的最大值為-2．
（Ⅲ） 要證明：當(dāng)x＞0時(shí)，不等式[1+g(x)]

1

g(x)

＜e成立，
即證：(1+x)

1

x

＜e?

1

x

ln(1+x)＜1?ln(1+x)＜x成立，
構(gòu)造函數(shù)h（x）=ln（1+x）-x（其中x＞0），則h′(x)=

1

1+x

-1=

-x

1+x

＜0，
所以函數(shù)h（x）在（0，+∞）上是減函數(shù)，因而x＞0時(shí)，h（x）＜h（0）=0，
即：x＞0時(shí)，ln（1+x）＜x成立，所以當(dāng)x＞0時(shí)，[1+g(x)]

1

g(x)

＜e成立； 
因?yàn)?span mathtag="math" >bn=n

1

n+1

，所以

(bn+1)(n+1)(n+2)

(bn)(n+1)(n+2)

=

(n+1)n+1

nn+2

=

n+1

n2

•(1+

1

n

)n＜

e(n+1)

n2

＜

3(n+1)

n2

，
令

3(n+1)

n2

＜1，得：n²-3n-3＞0，結(jié)合n∈N^*得：n≥4，
因此，當(dāng)n≥4時(shí)，有

(bn+1)(n+1)(n+2)

(bn)(n+1)(n+2)

＜1，
所以當(dāng)n≥4時(shí)，b_n＞b_n+1，即：b₄＞b₅＞b₆＞…，
又通過比較b₁、b₂、b₃、b₄的大小知：b₁＜b₂＜b₃＜b₄，
因?yàn)閎₁=1，且n≠1時(shí)bn=n

1

n+1

≠1，所以若數(shù)列{b_n}中存在相等的兩項(xiàng)，只能是b₂、b₃與后面的項(xiàng)可能相等，
又b2=2

1

3

=8

1

9

=b8，b3=3

1

4

＞b5=5

1

6

，所以數(shù)列{b_n}中存在唯一相等的兩項(xiàng)，
即：b₂=b₈．