Question

定義在R上的函數f（x）滿足：f（m+n）=f（m）+f（n）-2對任意m、n∈R恒成立，當x＞0時，f（x）＞2．
（Ⅰ） 求證f（x）在R上是單調遞增函數；
（Ⅱ）已知f（1）=5，解關于t的不等式f（|t²-t|）≤8；
（Ⅲ）若f（-2）=-4，且不等式f（t²+at-a）≥-7對任意t∈[-2，2]恒成立．求實數a的取值范圍．

Answer 1

證明：（Ⅰ）?x₁，x₂∈R，當x₁＜x₂時，x₂-x₁＞0，
∴f（x₂-x₁）＞2f（x₁）-f（x₂）
=f（x₁）-f（x₂-x₁+x₁）
=f（x₁）-f（x₂-x₁）-f（x₁）+2
=2-f（x₂-x₁）＜0，
所以f（x₁）＜f（x₂），
所以f（x）在R上是單調遞增函數…（4分）
（Ⅱ）∵f（1）=5，
∴f（2）=f（1）+f（1）-2=8，
由f（|t²-t|）≤8得f（|t²-t|）≤f（2）
∵f（x）在R上是單調遞增函數，所以|t2-t|≤2?-2≤t2-t≤2?

t2-t≤2 t2-t≥-2

?

-1≤t≤2 t∈R

?t∈[-1，2]…（8分）
（Ⅲ）由f（-2）=-4得-4=f（-2）=f（-1）+f（-1）-2?f（-1）=-1
所以f（-3）=f（-2）+f（-1）=-4-1-2=-7，
由f（t²+at-a）≥-7得f（t²+at-a）≥f（-3）
∵f（x）在R上是單調遞增函數，
所以t²+at-a≥-3?t²+at-a+3≥0對任意t∈[-2，2]恒成立．
記g（t）=t²+at-a+3（-2≤t≤2）
只需g_min（t）≥0．對稱軸t=-

a

2

（1）當-

a

2

≤-2?a≥4時，gmin(t)=g(-2)=4-2a-a+3≥0?a≤

7

3

與a≥4矛盾．
此時a∈?
（2）當-2＜-

a

2

＜2?-4＜a＜4時，gmin(t)=

4(3-a)-a2

4

≥0?-6≤a≤2，
又-4＜a＜4，所以-4＜a≤2
（3）當-

a

2

≥2?a≤-4時，g_min（t）=g（2）=4+2a-a+3≥0?a≥-7
又a≤-4
∴-7≤a≤-4
綜合上述得：a∈[-7，2]…（14分）