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13.氫能的存儲是氫能應用的主要瓶頸,開發新型儲氫材料是氫能利用的重要研究方向.
(1)Ti(BH42是一種過渡元素硼氫化物儲氫材料.
①基態Ti2+中含有的電子數為20,電子占據的最高能級是3d,該能級具有的原子軌道數為5.
②${BH}_{4}^{-}$中B原子的雜化方式是sp3
(2)金屬氫化物是具有良好發展前景的儲氫材料.
①LiH中,離子半徑:Li+<H-(填“>”、“=”或“<”).
②某儲氫材料是短周期金屬元素M的氫化物.M的部分電離能如下表所示:
I1/KJ•mol-1I2/KJ•mol-1I3/KJ•mol-1I4/KJ•mol-1I5/KJ•mol-1
738145177331054013630
該氫化物的化學式為MgH2
(3)液氨是富氫物質,是氫能的理想載體.
①NH3的相對分子質量小于PH3,但NH3的沸點卻遠高于PH3,其原因是氨氣分子之間可以形成氫鍵.
②NH3容易和分子中有空軌道的BF3反應形成新的化合物,該化合物的結構式為
(4)2008年,Yoon等人發現Ca與C60(分子結構如圖1)生成的Ca32C60能大量吸附H2分子.
①C60晶體易溶于苯、CS2,C60是非極性分子(填“極性”或“非極性”).
②1mol C60分子中,含有σ 鍵數目為90NA個(阿伏伽德羅常數用NA表示).
(5)某金屬氫化物儲氫材料的晶胞結構如圖2所示,該金屬氫化物的化學式為H2R,已知該晶體的密度為ag•cm-3,金屬元素R的相對原子質量為M,阿伏伽德羅常數為NA,則該晶胞的體積為$\frac{2M+4}{a{N}_{A}}$cm3

分析 (1)①Ti是22號元素其原子核外有22個電子,Ti原子失去兩個電子生成Ti2+,該離子核外有1s、2s、2p、3s、3p、3d電子,電子占據的最高能級是3d能級,該能級具有的原子軌道數為5;
②BH4-中B原子價層電子對個數是4且不含孤對電子對,根據價層電子對互斥理論判斷B原子的雜化方式;
(2)①電子層結構相同的離子,離子半徑隨著原子序數增大而減小;
②根據表中數據知,M原子核外有2個電子,位于第IIA族,在化合物中呈現+2價,H為-1價,根據化合價判斷化學鍵;
(3)①結構相似的氫化物,含有氫鍵的物質熔沸點較高;
②NH3容易和分子中有空軌道的BF3反應形成新的化合物,N原子和B原子之間存在配位鍵;
(4)①非極性分子的溶質極易溶于非極性分子的溶劑;
②根據圖知,每個C原子含有σ 鍵個數=$\frac{1}{2}×3$=1.5;
(5)該晶胞中H原子個數=2+4×$\frac{1}{2}$=4,R原子個數=1+8×$\frac{1}{8}$=2,H、R原子個數之比=4:2=2:1;該晶胞體積=$\frac{\frac{M+2}{{N}_{A}}×2}{ρ}$.

解答 解:(1)①Ti是22號元素其原子核外有22個電子,Ti原子失去兩個電子生成Ti2+,所以基態Ti2+中含有的電子數為20;該離子核外有1s、2s、2p、3s、3p、3d電子,電子占據的最高能級是3d能級,該能級具有的原子軌道數為5;
故答案為:20;3d;5;
②BH4-中B原子價層電子對個數是4且不含孤對電子對,根據價層電子對互斥理論知B原子的雜化方式為sp3
故答案為:sp3
(2)①電子層結構相同的離子,離子半徑隨著原子序數增大而減小,所以離子半徑:Li+<H-
故答案為:<;
②根據表中數據知,M原子核外有2個電子,位于第IIA族,在化合物中呈現+2價,為Mg元素,H為-1價,該化合物化學鍵為MgH2
故答案為:MgH2
(3)①結構相似的氫化物,含有氫鍵的物質熔沸點較高,氨氣分子和膦分子結構相似,但氨氣中含有氫鍵,導致熔沸點升高,
故答案為:氨氣分子之間可以形成氫鍵;
②NH3容易和分子中有空軌道的BF3反應形成新的化合物,N原子和B原子之間存在配位鍵,其結構式為
故答案為:
(4)①非極性分子的溶質極易溶于非極性分子的溶劑,C60晶體易溶于苯、CS2,C60是非極性分子,故答案為:非極性;
②根據圖知,每個C原子含有σ 鍵個數=$\frac{1}{2}×3$=1.5,1mol該物質中σ 鍵個數=1.5×60×1mol×NA/mol=90NA,故答案為:90NA
(5)該晶胞中H原子個數=2+4×$\frac{1}{2}$=4,R原子個數=1+8×$\frac{1}{8}$=2,H、R原子個數之比=4:2=2:1,所以其化學式為H2R,該晶胞體積=$\frac{\frac{M+2}{{N}_{A}}×2}{ρ}$cm3=$\frac{2M+4}{a{N}_{A}}$cm3
故答案為:H2R;$\frac{2M+4}{a{N}_{A}}$.

點評 本題考查物質結構和性質,涉及晶胞計算、相似相溶原理、氫鍵、原子核外電子排布等知識點,這些都是高頻考點,難點是晶胞計算、價層電子對互斥理論,題目難度中等.

練習冊系列答案
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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

3.氫能的研究和利用是當今科學研究的熱點之一,而尋找性能優越、安全性高、價格低廉、環保的儲氫材料則成為氫能研究的關鍵.目前正在研究和已經使用的儲氫合金有鎂系合金、稀土系合金等.回答下列問題:
(1)鎂在元素周期表中的位置為第三周期第ⅡA族,氯化鎂的電子式為,工業上用電解無水氯化鎂而不是氧化鎂獲得鎂的原因是消耗大量的電能.
(2)儲氫材料Mg(AlH42在110~200℃時即可分解釋放出H2,同時生成MgH2和Al,Mg(AlH42中氫元素的化合價為-1,該分解反應中氧化產物與還原產物的物質的量之比為3:2.
(3)儲氫還可借助有機物,如利用環己烷和苯之間的可逆反應來實現儲氫和脫氫:
(g)+3H2(g) $?_{FeSO_{4}/Al_{2}O_{3}}^{高溫}$(g)
一定條件下,如圖所示裝置可實現有機物的電化學儲氫(忽略其他有機物).

①A為電源的負極;氣體a是氧氣.
②C電極的電極反應式為C6H6+6H++6e-=C6H12
(4)鎂鋁合金(Mg17Al12 )是一種潛在的儲氫材料,可在氬氣保護下,將一定化學計量比的Mg、Al單質在一定溫度下熔煉獲得.該合金在一定條件下完全吸氫的反應方程式為Mg17Al12+17H2=12Al+17MgH2.得到的混合物Y(12Al+17MgH2)在一定條件下可釋放出氫氣.
①熔煉制備鎂鋁合金(Mg17Al12)時通入氬氣的目的是防止鎂、鋁被空氣氧化.
②在足量的HCl溶液中,混合物X能完全釋放出H2.1molMg17Al12完全吸氫后得到的混合物X與上述鹽酸完全反應,釋放出H2的物質的量為52mol.

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4.氫元素形成的化合物種類眾多,在下列化合物中,氫元素顯示正價的是(  )
A.BH3B.SiH4C.C2H2D.NaH

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1.下列物質的性質與應用對應關系不正確的是(  )
A.亞硫酸鈉有還原性,可用作脫氧劑B.FeCl3有氧化性,可用于制印刷電路
C.鋁有還原性,可冶煉某些金屬D.濃硫酸有吸水性,可用于干燥氨氣

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8.聚乙酸乙烯酯廣泛用于制備涂料、粘合劑等,它和高聚物K的合成路線如圖:

其中J物質與氯化鐵溶液能發生顯色反應,且苯環上的一元取代物只有兩種.
已知:①當羥基與雙鍵碳原子相連時,易發生如下轉化RCH=CHOH→RCH2CHO
②-ONa連在烴基生不會被氧化
請回答下列問題:
(1)寫出G的結構簡式CH3COOCH=CH2.F與H中具有的相同官能團名稱為醛基.
(2)上述變化中G→C+F 的反應類型是水解反應或取代反應;J在一定條件下能生成高聚物K,K的結構簡式是
(3)寫出B→C+D反應的化學方程式
(4)同時符合下列要求的A的同分異構體有14種.
Ⅰ、含有苯環;Ⅱ、能發生銀鏡反應和水解反應;
在這些同分異構體中,滿足下列條件的同分異構體的結構簡式為
①核磁共振氫譜有5個吸收峰;    ②1mol該同分異構體能與1mol NaOH 反應
(5)下列有關說法正確的是a.
a.1mol A 完全燃燒消耗10.5mol O2
b.J與足量的碳酸氫鈉溶液反應能生成相應的二鈉鹽
c.D→H 的試劑通常是KMnO4 酸性溶液
d.J能發生加成、消去、取代、氧化等反應.

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18.推理是一種重要的思維方法.下列推理合理的是(  )
A.濃硫酸具有吸水性,能干燥氫氣,也能干燥氨氣
B.乙醛具有還原性,能被新制氫氧化銅濁液氧化,也能被溴水氧化
C.SO2具有漂白性,能使品紅褪色,也能使酸性KMnO4溶液褪色
D.硝酸屬于強酸,能與CaCO3反應生成CO2氣體,也能與CaSO3生成SO2

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5.根據下表提供的數據,下列判斷正確的是(  )
化學式電離常數
HFKa=3.5×10-4
H2CO3Ka1=4.3×10-7
Ka2=5.6×10-11
HClOKa=3.2×10-8
A.同溫同濃度下,溶液的pH值:NaF>NaClO>Na2CO3
B.結合H+的能力:ClO->CO32->F-
C.碳酸鈉溶液中加入少量氫氟酸的離子方程式:CO32-+2HF═2F-+H2O+CO2
D.次氯酸鈉溶液中通入少量二氧化碳的離子方程式:ClO-+CO2+H2O═HCO3-+HClO

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

2.下列物質對應的用途不正確的是(  )
ABCD
物質液氨碳酸鈣氯化鈉濃鹽酸
用途制冷劑抗酸藥防腐劑刻蝕玻璃
A.AB.BC.CD.D

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3.CaC2和ZnC2、Al4C3、Mg2C3、Li2C2等都同屬離子型碳化物.請通過對CaC2制C2H2的反應進行思考,從中得到必要的啟示,判斷下列反應產物正確的是(  )
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C.Mg2C3水解生成丙炔(C3H4D.Li2C2水解生成乙烯(C2H4

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