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①電熱絲P必須放在懸點正下方的理由是 .②將小球向左拉起后自由釋放.最后小球落到木板上的C點.O'C=s.則小球做平拋運動的初速度為v0= . 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

利用單擺驗證小球平拋運動規律,設計方案如圖實所示,在懸點O正下方有水平放置的熾熱的電熱絲P,當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷;MN為水平木板,已知懸線長為L,懸點到木板的距離OO′=h(h>L).

(a)電熱絲P必須放在懸點正下方的理由是:                     .

(b)將小球向左拉起后自由釋放,最后小球落到木板上的C點,O′C=s,則小球做平拋運動的初速度為0=     .

(c)在其他條件不變的情況下,若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角,小球落點與O′點的水平距離s將隨之改變,經多次實驗,以s2為縱坐標、cos 為橫坐標,得到如圖所示圖象.則當=60°時,s為       m;若懸線長L=1.0 m,懸點到木板間的距離OO′為

        M.

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利用圖(a)所示裝置驗證小球平拋運動規律,在懸點O正下方有水平放置的熾熱的電熱絲P,當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷。MN為水平木板,已知懸線長為L,懸點到木板的距離OO'=h(h>L)。

(1)電熱絲P必須放在懸點正下方的理由是___________________。
(2)將小球向左拉起后自由釋放,最后小球落到木板上的C點,O'C=s,則小球做平拋運動的初速度為v0=__________;
(3)在其他條件不變的情況下,若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角θ,小球落點與O'點的水平距離s將隨之改變,經多次實驗,以s2為縱坐標、cosθ為橫坐標,得到如圖(b)所示圖象。則當θ=60°時,s為__________m;若懸線長L=1.0m,懸點到木板間的距離h為__________m。

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利用單擺驗證小球平拋運動規律,設計方案如圖甲所示,在懸點O正下方有水平放置的熾熱的電熱絲P,當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷;MN為水平木板,已知懸線長為L,懸點到木板的距離

(1)電熱絲P必須置于懸點正下方的理由是:__________________________________

________________________________________________________________________.

(2)將小球向左拉起后自由釋放,最后小球落到木板上的C點,,則小球做平拋運動的初速度為________.

(3)在其他條件不變的情況下,若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角θ,小球落點與O′點的水平距離x將隨之改變,經多次實驗,以為縱坐標、為橫坐標,得到如圖乙所示圖象.則當時,x為________ m;若懸線長,懸點到木板間的距離為________ m.

 

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利用單擺驗證小球平拋運動規律,設計方案如圖甲所示,在懸點O正下方有水平放置的熾熱的電熱絲P,當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷;MN為水平木板,已知懸線長為L,懸點到木板的距離

(1)電熱絲P必須置于懸點正下方的理由是:__________________________________
________________________________________________________________________.
(2)將小球向左拉起后自由釋放,最后小球落到木板上的C點,,則小球做平拋運動的初速度為________.
(3)在其他條件不變的情況下,若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角θ,小球落點與O′點的水平距離x將隨之改變,經多次實驗,以為縱坐標、為橫坐標,得到如圖乙所示圖象.則當時,x為________ m;若懸線長,懸點到木板間的距離為________ m.

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利用單擺驗證小球平拋運動規律,設計方案如圖甲所示,在懸點O正下方有水平放置的熾熱的電熱絲P,當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷;MN為水平木板,已知懸線長為L,懸點到木板的距離

(1)電熱絲P必須置于懸點正下方的理由是:__________________________________
________________________________________________________________________.
(2)將小球向左拉起后自由釋放,最后小球落到木板上的C點,,則小球做平拋運動的初速度為________.
(3)在其他條件不變的情況下,若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角θ,小球落點與O′點的水平距離x將隨之改變,經多次實驗,以為縱坐標、為橫坐標,得到如圖乙所示圖象.則當時,x為________ m;若懸線長,懸點到木板間的距離為________ m.

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14.C  15.C  16.A  17.B  18.AD  19.D  20.AD  21.BC

22.(1)①保證小球沿水平方向拋出②③1.0,1.5

(2)甲圖不合理之處:不能多次測量;超過電流表量程,不安全;超過電壓表量程,也不安全。郝 雙制 作

乙圖不合理之處:電流表量程太小;電壓表量程太大。

較為合理的電路如圖所示,

Rx的計算公式,其中U是電壓表V1示數,I是電流表A1示數,R0是電阻箱示數。

23. 解:滑塊從A處到B處,由動能定理mgssin37°-μmgscos37°=mvB2

滑塊從B到C處,由動能定理-μmgBC=mvC2mvB2

若滑塊恰好從C處平拋射出,則在C處時不受彈力作用 mg=m

聯立解得郝雙   BC=1m

所以水平滑槽BC長度至少為1m

24. 解:⑴設第1個球與木盒相遇后瞬間,兩者共同運動的速度為v1,根據動量守恒定律:

  代入數據,解得:  v1=3m/s  

⑵設第1個球與木盒的相遇點離傳送帶左端的距離為s,第1個球經過t0與木盒相遇,

則:  

設第1個球進入木盒后兩者共同運動的加速度為a,根據牛頓第二定律:

得:   

設木盒減速運動的時間為t1,加速到與傳送帶相同的速度的時間為t2,則:

故木盒在2s內的位移為零

依題意:   

代入數據,解得:郝雙

25.解:(1)小球進入電場,做勻速直線運動時 Eq=mg ①E=mg/q②

(2)在t1時刻加磁場,小球在時間t內做勻速圓周運動,設圓周運動周期為T0,半徑為R。

豎直向下通過D點,則t0=3T0/4③ 

PF-PD=R即

將③、④代入⑤式解得

(3)小球運動的速率始終不變,當R變大時,T0也增加,小球在電場中的運動周期T也增加。

在小球不飛出電場的情況下,當T最大時,有:郝雙 制作

DQ=2R即⑥ 

結合⑥⑦式解得

結合軌跡圖可知,小球在電場中運動的最大周期

結合上式解得

小球在電場中運動一個周期的軌跡圖如圖乙所示

 

 


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