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地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動.所受的向心力為F1.向心加速度為a1.線速度為v1.角速度為ω1,繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星所受的向心力為F2 .向心加速度為a2.線速度為v2.角速度為ω2,地球同步衛星所受的向心力為F3 .向心加速度為a3.線速度為v3 .角速度為ω3,地球表面重力加速度為g .第一宇宙速度為v .假設三者質量相等.則下列結論錯誤的是 ( )A.F1=F2>F3 B.a1=a2=g>a3 C.v1=v2=v>v3 D.ω1=ω3<ω2 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動,所受的向心力為F1,向心加速度為a1,線速度為v1,角速度為ω1;繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星(高度忽略)所受的向心力為F2,向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2;地球同步衛星所受的向心力為F3,向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3;地球表面重力加速度為g,第一宇宙速度為v.若三者質量相等,則(  )

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地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動,所受的向心力為F1,向心加速度為a1,線速度為v1,角速度為ω1;繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星(高度忽略)所受的向心力為F2,向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2;地球同步衛星所受的向心力為F3,向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3;地球表面重力加速度為g,第一宇宙速度為v,假設三者質量相等,則下列錯誤的是(  )

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地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動,向心加速度為a1,線速度為v1,角速度為ω1;同步通信衛星的向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2;近地衛星的向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3.則(  )

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地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動,所受的向心力為F1,向心加速度為a1,線速度為v1,角速度為ω1;繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星(高度忽略)所受的向心力為F2,向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2;地球同步衛星所受的向心力為F3,向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3;地球表面重力加速度為g,第一宇宙速度為v.若三者質量相等,則(    )

A.F1=F2>F3          B.a1=a2=g>a3           C.v1=v2=v>v3             D.ω13<ω2

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地球赤道上有一個物體隨地球的自轉而做勻速圓周運動,所受向心力為F1,向心加速度為a1,線速度為v1,角速度為ω1;繞地球表面附近做圓周運動的人造地球衛星所受的向心力為F2,向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2同步衛星所受向心力為F3,向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3。地球表面的重力加速度為g,第一宇宙速度為v。假設三者質量相等,則(    )

A.F1= F2>F3                              B.a1=a2=g>a3

C.a1=a2=g>a3                          D.ω13<ω2

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一:不定項選擇題(本題共8小題,每題6分,共48分 )

 

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

答案

B

CD

BD

ABC

AD

AC

B

AD

 

9.(1) C  (5分)(2)  ①  如右圖所示( 7分 )

②   ( 5分 )

( 注意:電路圖中,如有一個地方不對,不能得分 )

 

10、解:(1)ab棒達到穩定速度后,應具有受力平衡的特點,設此時棒ab所受安培力為FB.則F-mgsin30°+FB   ① ( 2分 )

而FB=BIL=   ② ( 1分 )    牽引力 F=   ③ ( 1分 )

將②③代人①后得  =mgsin30°+ ( 1分 )

代人數據后得v1=2m/s,v2=-3m/s(舍去) ( 1分 )

(2)設從靜止到穩定速度所需時間為t.棒ab從靜止開始到具有穩定速度的過程中在做變加速直線運動,據能量關系有:Pt-mgsin30°?s―Q=-0(7分)

代人數據得t=1.5s.(2分)

 

11、解:(1)平板車和小物塊組成的系統水平方向動量守恒,故小物塊到達圓弧最高點A時,二者的共同速度 ( 1分 )  設彈簧解除鎖定前的彈性勢能為,上述過程中系統能量守恒,則有 ( 4分 )  

代入數據解得  ( 1分 )

(2)設小物塊第二次經過時的速度大小為,此時平板車的速度大小為,研究小物塊在平板車圓弧面上的下滑過程,由系統動量守恒和機械能守恒有

  ( 2分 )    ( 3分 )

由式代入數據解得  ( 1分 )

(3)最終平板車和小物塊相對靜止時,二者的共同速度為0。(1分)

設小物塊相對平板車滑動的路程為S,對系統由能量守恒有 (4分)

代入數據解得 ( 1分 )

則距點的距離 ( 1分 )

 

12、解:(1)設沿斜面向上為正方向.

由牛頓第二定律:          ( 3分 )

解得      ( 2分 )

(2)由分析可知:對兩小球和繩組成的整體,兩小球沿斜面向上的方向上,

由牛頓第二定律:得a=0.5m/s2 ,故兩小球沿斜面向上的方向上始終做勻加速運動       ( 5分 )

最后一次碰撞后,小球的最小速度為v=at=0.5×2m/s=1m/s( 2分 )

(3)2s內,小球沿斜面向上的位移為      ( 2分 )

設整個過程中,系統由于碰撞而損失的機械能為E ,

由功能關系:    ( 5分 )

解得

 

 

 

 

( 2分 )

( 注:計算題如按其它方法,答案正確,同樣得分 )

 

 

 

 


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