題目列表(包括答案和解析)
（08北京卷）18．一理想變壓器原、副線圈匝數比n1:n2=11:5。原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u如圖所示。副線圈僅接入一個10 
的電阻。則
A．流過電阻的電流是20 A
B．與電阻并聯的電壓表的示數是100V
C．經過1分鐘電阻發出的熱量是6×103 J
D．變壓器的輸入功率是1×103W
一理想變壓器原、副線圈匝數比
．原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u，其變化規律如圖所示，副線圈僅接入一個10 Ω的電阻．則（ ）
A．流過電阻的電流有效值是10 A
B．與電阻并聯的電壓表的示數是
V
C．經過1 min電阻發出的熱量是6×103 J
D．變壓器的輸入功率是1×103 W
一理想變壓器原、副線圈匝數比
，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u隨時間t的變化規律如圖所示，副線圈僅接入一個10Ω的電阻，則 （ ）
A．流過電阻的最大電流是10 A
B．與電阻并聯的電壓表的示數是141V
C．變壓器的輸入功率是1×l03 W
D．在交變電流變化的一個周期內，電阻產生的焦耳熱是2×103J
一理想變壓器原、副線圈匝數比n1∶n2＝11∶5，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u隨時間t的變化規律如圖所示，副線圈僅接入一個10Ω的電阻．則( )
A．流過電阻的最大電流是20A
B．與電阻并聯的電壓表的示數是141V
C．變壓器的輸入功率是1×103W
D．在交變電流變化的一個周期內，電阻產生的焦耳熱是2×103J
一理想變壓器原、副線圈匝數比n1∶n2＝11∶5，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u如圖1所示．副線圈僅接入一個10 Ω的電阻．則 ( )
A．流過電阻的電流是20 A
B．與電阻并聯的電壓表的示數是100
V
C．經過1分鐘電阻發出的熱量是6×103 J
D．變壓器的輸入功率是1×103 W
14． A 15． A 16．C 17．A D 18．B D 19．A D 20．D 21．B
22． Ⅰ．單分子 ，36～40
Ⅱ.①29.9kΩ，(3分)②(a )外接，分壓 (3分) (b )見下圖，(3分)③變小(3分)
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|||
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|||
23．解：水從h高處落下可認為是自由落體運動，速度為v，則
（2分）
m/s ①
（2分）
設在很短時間t內有質量為m的水落到石頭上，以它為研究對象，設石頭對水的平均作用力為F，取豎直向下為正方向，由動量定理得，
②，而
③ （6分）
由①②③式代入數據解得，
N（2分）
根據牛頓第三定律可知，水對石頭的反作用力
=N．
（2分）
24． 解：（1）小球由靜止到最低點時，有
（2分）
（1分）
小球與物塊Q相撞時: 
，（1分） 
，（1分）
解得，
，
（2分）
Q在平板車上滑行的過程中，有
（1分）
（1分）
小物塊Q離開平板車時，速度為
（1分）
（2）由能的轉化和守恒定律，知
（1分）
（1分） 解得，
（1分）
（3）小物塊Q在平板車上滑行過程中，對地位移為s，則:
（1分） 解得，
（1分）
平拋時間
（1分） 水平距離
（1分）
Q落地點距小球的水平距離為
（1分）
25．解:（1）在0―t0帶電粒子做勻速圓周運動其周期為
（2分）
則在t0時間內轉過的圓心角 
位置坐標：
（4分）
（2）t0―2t0時間內帶電粒子做勻速直線運動，2t0―3t0時間內帶電粒子做勻速圓周運動，
轉過的圓心角仍為
；……．所以粒子從出發到再次回到原點所用的時間為t=8t0．（3分）
由于帶電粒子的速率不會改變，所以帶電粒子從出發到再次回到原點的運動軌跡的
長度s=8 v0t0．（3分）
（3）由帶電粒子的比荷
可知粒子運動的周期 
（2分）
則在t0時間內轉過的圓心角 
t0時刻粒子第一次到達x軸速度方向沿y軸負方向，則在t0―2t0時間內沿y軸負方向做勻加速直線運動；在2t0―3t0時間內帶電粒子又做勻速圓周運動，轉過的圓心角仍為
，由于速度增大，因此，此時運動的軌道半徑大于第一次時的半徑．在3t0―4t0時間內，帶電粒子沿y軸正方向做勻減速直線運動，第二次到達x軸由對稱性可知，在4t0時速度又變為v0；在4t0―5t0時間內又做圓周運動，第三次到達x軸時在坐標原點，設帶電粒子在x軸上方做圓周運動的軌道半徑為r1，在x軸下方做圓周運動的軌道半徑為r2，由幾何關系可知，要使帶電粒子回到原點，則必須滿足：
（2分） 
解得：
（2分）
又由于 
（2分） 解得：
（2分）
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