題目列表(包括答案和解析)
一有界勻強磁場區域如圖甲所示，質量為m、電阻為R的長方形矩形線圈abcd邊長分別為L和2L，線圈一半在磁場內，一半在磁場外，磁感應強度為B0，t=0時刻磁場開始均勻減小，線圈中產生感應電流，在磁場力作用下運動，v-t圖象如圖乙，圖中斜向虛線為過O點速度圖線的切線，數據由圖中給出，不考慮重力影響，則磁場磁感應強度的變化率| △B |
| △t |
一有界勻強磁場區域如圖甲所示，質量為m、電阻為R的長方形矩形線圈abcd邊長分別為L和2L，線圈一半在磁場內，一半在磁場外，磁感強度為B0。t0=0時刻磁場開始均勻減小，線圈中產生感應電流，在磁場力作用下運動, V-t圖象如圖乙，圖中斜向虛線為過0點速度圖線的切線，數據由圖中給出，不考慮重力影響，求：⑴磁場磁感強度的變化率。⑵t2時刻回路電功率。
等于（ ）
| △B |
| △t |
A．
| B．
| ||||||
C．
| D．
|
一有界勻強磁場區域如圖(甲)所示，質量為m、電阻力R的長方形矩形線圈abcd邊長分別為L和2L，線圈一半在磁場內，一半在磁場外，磁感強度為
,
＝0時刻磁場開始均勻減小，線圈中產生感應電流，在磁場力作用下運動，v－t圖像如圖(乙)，圖中斜向虛線為過O點速度圖線的切線，數據由圖中給出，不考慮重力影響，求：
(1)磁場磁感應強度的變化率．
(2)
時刻回路電功率．
一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分，每小題有一個或多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
二、實驗題（22分）
13．（1） ； ⑵② ③
（3）① ；② ；③
14．（1） 、 ； （2） 、 。
三、計算或論述題：本題共4小題，共66分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值的單位．
15、(1)（10分）
（2）（10分）
16．（14分）
17．（14分）
18．（15）
廣東省韶關市第一次調研考試（模擬）試卷
物理參考答案
一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分，每小題有一個或多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
C
B
D
BC
D
AD
AB
BC
AD
BC
A
BD
13．（1）甲 (2分)； ⑵② ×100 ③ 
（3）① >(2分)；②靈敏電流計(2分)；③ 2(2分)
14．（1）減小、減小(4分) ； （2）2.0 、1.5 。
15、（1）解:（1）如果直接跳下來,人具有和自行車相同的速度,腳著地后,腳的速度為零,由于慣性,上身繼續向前傾斜,因此他可能會摔跤. （2分）
（2）男孩下車前后,對整體由動量守恒定理有:(m1+m2+m3)v0=(m1+m2)v（2分）
v=
（3）男孩下車前系統的動能
（3分）
男孩下車后系統的動能
（3分）
男孩下車時用力向前推自行車,對系統做了正功,使系統的動能增加了150焦耳. （2分
（2）解：根據題意，當B與C剛脫離接觸的瞬間，C的水平速度達到最大，水平方向的加速度為零，即水平方向的合外力為零．由于小球此時僅受重力和桿子作用力，而重力是豎直向下的，
所以桿子的作用力必為零．列以下方程：
mgsinθ=mv2/L，(3分)
vx＝vsinθ，(2分)
vc＝vx，(1分)
mgL(1―sinθ)=mv2/2+Mvc2/2(1分)
解以上各式得m/M＝1/4(4分)
16．解：(1)由v-t圖可知道，剛開始，t＝0時刻．線圈加速度為a＝v0/t1?
此時感應電動勢ε=ΔФ/Δt=ΔBL2/Δt，I=ε/R=ΔBL2/(ΔtR)
線圈此刻所受安培力為F＝BIL＝BΔBL3/(ΔtR)＝ma，得到ΔB/Δt＝mv0R/(B0t
(2)線圈t2時刻開始做勻速直線運動，有兩種可能：
a．線圈沒有完全進入磁場，磁場就消失，所以沒有感應電流，回路電功率P＝0．(3分)
b．磁場沒有消失，但線圈完全進入磁場，盡管有感應電流．所受合力為零，同樣做勻速直線運動P=ε2/R=(2ΔBL2/Δt)2/R=
17．解：(1)開始砂輪給鐵板向前的滑動摩擦力F1＝μ1FlN＝0．3X100N＝30N．
工作臺給平板的摩擦阻力F2＝μ
鐵板先向右做勻加速直線運動a=(F1-F2)/m=
加速過程鐵板達到的最大速度vm=ωR=5X0．
這一過程鐵板的位移Sl＝vm/
此后砂輪給鐵板的摩擦力將變為靜摩擦力Fl，，Fl’＝F2，鐵板將做勻速運動．
即整個過程中鐵板將先做加速度a＝lm／s2的勻加速運動，然后做vm＝
(2)在加速運動過程中，由vm=at1得t1＝2s，
勻速運動過程的位移為s2＝L―s1＝0．
所以加工一塊鐵板所用的時間為T＝t1+t2＝2．4s．(4分)
(3)E＝ΔEk+Q1+Q2＝136J．(4分)
18．(15分)解：(1)設帶電粒子從A點離開磁場區域，A點坐標為(x、y)，粒子旋轉的半徑為R，旋轉的圓心在C點，旋轉圓心角為α，則x＝一a+Rsinα，y= R―Rcosα，(4分)
解得(x+a)2+(y一R)2＝R2．(2分)
可見，所加磁場的邊界的軌跡是一個以(一a，R)為圓心，半徑為R＝mVo／Bq的圓．該圓位于x軸上方且與P1點相切．(1分)
(2)根據對稱性可得出在P2處所加的磁場最小區域也是圓，(1分)
同理可求得其方程為(x-a)2+(y一R)2＝R2 (2分)
圓心為(a，R)，半徑為R＝mVo／Bq，該圓位于x軸上方且與P2點相切；(2分)
根據左手定則判斷，磁場方向垂直于xOy平面向里；(1分)
沿圖示v0方向射出的帶電粒子運動的軌跡如圖所示．(2分)
19、（17分）
物體A滑上木板B以后，作勻減速運動，加速度
①--------------------------------------------（1分）
木板B作勻加速運動，設加速度為
，由牛頓第二定律，有：
②------------------------------------------（2分）
A不從B的右端滑落的臨界條件是A到達B的右端時，A、B具有共同的速度
，
由位置關系，有
③----------------------------（2分）
運動時間相等，有
④-------------------------------（2分）
由①③④式，可得
⑤---------------------------------（1分）
由②⑤式，得
⑥--------------------------------------（2分）
代入數值，得
------------------------------------------------（1分）
若F＜1N，則A滑到B的右端時，速度仍大于B的速度，于是將從B上滑落，所以F必須大于等于1N。
當F較大時，在A到達B的右端之前，就與B具有相同的速度，之后，A必須相對B靜止，才能不會從B的左端滑落。---------------------------------------（1分）
當A相對B靜止時，由牛頓第二定律
對A、B的整體，設加速度為
，有
--------------------（1分）
對A有
------------------------------------------------（1分）
聯立解得
------------------------------------------------（1分）
若F大于3N，A就會相對B向左滑下。--------------------------------（1分）
使A不致于從B上滑落，力F應滿足的條件是：
--------------（1分）
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