（Ⅰ）求證：函數(shù)g(x)=
在（0，+∞）上是增函數(shù)；
（Ⅱ）求證：當(dāng)x1＞0,x2＞0時，有f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2);
（Ⅲ）已知不等式ln（1+x)＜x在x＞-1且x≠0時恒成立，求證：
ln22+
ln32+
ln42+…+
ln(n+1)2＞
(n∈N*).
解：（Ⅰ）由g(x)=,對g(x)求導(dǎo)數(shù)知g′（x）=.
由xf′(x)＞f(x)可知：g′(x)＞0在x＞0時恒成立.
從而g(x)=在x＞0時是單調(diào)遞增函數(shù).
（Ⅱ）由（Ⅰ）知g(x)=在x＞0時是增函數(shù).
在x1＞0,x2＞0時，＞,
＞
.
于是f(x1)＜
f(x1+x2),f(x2)＜
f(x1+x2).
兩式相加得到：f(x1)+f(x2)＜f(x1+x2).
（Ⅲ）由（Ⅱ）可知：g(x)=
在x＞0上單調(diào)遞增時，有f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2)(x1＞0,x2＞0)恒成立.
由數(shù)學(xué)歸納法可知：xi＞0(i=1,2,3,…,n)時，有f(x1)+f(x2)+f(x3)+…+f(xn)＜f(x1+x2+x3+…+xn)（n≥2）恒成立.
設(shè)f(x)=xlnx,則在xi＞0(i=1,2,3,…,n)時，有x1lnx1+x2lnx2+…+xnlnxn＜(x1+x2+…+xn)ln(x1+x2+x3+…+xn)(n≥2)恒成立.
令xn=
,記Sn=x1+x2+…+xn=
+
+…+
.
由Sn＜
+
+…+
=1-
.
Sn＞
+
+…+
=
-
.
（x1+x2+…+xn）ln（x1+x2+x3+…+xn）＜(x1+x2+…+xn)ln(
)＜-
(x1+x2+…+xn)
（∵ln（1+x）＜x）＜-
(
-
)=-
.
則②代入①中，可知：
ln
+
ln
+…+
ln
＜-
.
于是
ln22+
ln32+…+
ln(n+1)2＞
.
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(1)求證:函數(shù)g(x)=
在(0,+∞)上是增函數(shù);
(2)求證:當(dāng)x1＞0,x2＞0時,有f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2);
(3)已知不等式ln(1+x)＜x在x＞-1且x≠0時恒成立,求證:
ln22+
ln32+
ln42+…+
)2ln(n+1)2＞
(n∈N*).
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(Ⅰ)求證：函數(shù)g(x)=
在(0,+∞)上是增函數(shù)；
(Ⅱ)求證：當(dāng)x1＞0,x2＞0時，有f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2)；
(Ⅲ)已知不等式ln(1+x)＜x在x＞-1且x≠0時恒成立，求證：
ln22+
ln32+
ln42+…+
ln(n+1)2＞
(n∈N*).
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(Ⅰ)求證：函數(shù)g(x)=
在(0,+∞)上是增函數(shù)；
(Ⅱ)求證：當(dāng)x1＞0,x2＞0時，有f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2);
(Ⅲ)求證：
ln22+
ln32+
ln42+…+
ln(n+1)2＞
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(1)求證：函數(shù)g(x)=
在(0，+∞)上單調(diào)遞增；
(2)求證：當(dāng)x1＞0，x2＞0時，f(x1+x2)＞f(x1)+f(x2)．
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