Question

【題目】如圖，拋物線(xiàn)y=ax2+2ax+c的圖象與x軸交于A、B兩點(diǎn)（點(diǎn)A在點(diǎn)B的左邊）AB=4，與y軸交于點(diǎn)C，OC=OA，點(diǎn)D為拋物線(xiàn)的頂點(diǎn)．

（1）求拋物線(xiàn)的解析式；

（2）點(diǎn)M（m，0）為線(xiàn)段AB上一點(diǎn)（點(diǎn)M不與點(diǎn)A、B重合），過(guò)點(diǎn)M作x軸的垂線(xiàn)，與直線(xiàn)AC交于點(diǎn)E，與拋物線(xiàn)交于點(diǎn)P，過(guò)點(diǎn)P作PQ∥AB交拋物線(xiàn)于點(diǎn)Q，過(guò)點(diǎn)Q作QN⊥x軸于點(diǎn)N，可得矩形PQNM，如圖1，點(diǎn)P在點(diǎn)Q左邊，當(dāng)矩形PQNM的周長(zhǎng)最大時(shí)，求m的值，并求出此時(shí)的△AEM的面積；

（3）已知H（0，﹣1），點(diǎn)G在拋物線(xiàn)上，連HG，直線(xiàn)HG⊥CF，垂足為F，若BF=BC，求點(diǎn)G的坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】（1）y=﹣x2﹣2x+3； （2）m=﹣2, ；

（3）點(diǎn)G的坐標(biāo)為（， ）或（， ）．

【解析】試題分析：（1）根據(jù)拋物線(xiàn)y=ax2+2ax+c，可得C（0，c），對(duì)稱(chēng)軸為x﹣1，再根據(jù)OC=OA，AB=4，可得A（﹣3，0），最后代入拋物線(xiàn)y=ax2+2ax+3，得拋物線(xiàn)的解析式為y=﹣x2﹣2x+3；

（2）根據(jù)點(diǎn)M（m，0），可得矩形PQNM中，P（m，﹣m2﹣2m+3），Q（﹣2﹣m，﹣m2﹣2m+3），再根據(jù)矩形PQNM的周長(zhǎng)=2（PM+PQ）=﹣2（m+2）2+10，可得當(dāng)m=﹣2時(shí)，矩形PQNM的周長(zhǎng)有最大值10，M的坐標(biāo)為（﹣2，0），最后由直線(xiàn)AC為y=x+3，AM=1，求得E（﹣2，1），ME=1，據(jù)此求得△AEM的面積；

（3）連接CB并延長(zhǎng)，交直線(xiàn)HG與Q，根據(jù)已知條件證明BC=BF=BQ，再根據(jù)C（0，3），B（1，0），得出Q（2，﹣3），根據(jù)H（0，﹣1），求得QH的解析式為y=﹣x﹣1，最后解方程組，可得點(diǎn)G的坐標(biāo)．

試題解析：（1）由拋物線(xiàn)y=ax2+2ax+c，可得C（0，c），對(duì)稱(chēng)軸為x=﹣=﹣1，

∵OC=OA，

∴A（﹣c，0），B（﹣2+c，0），

∵AB=4，

∴﹣2+c﹣（﹣c）=4，

∴c=3，

∴A（﹣3，0），

代入拋物線(xiàn)y=ax2+2ax+3，得

0=9a﹣6a+3，

解得a=﹣1，

∴拋物線(xiàn)的解析式為y=﹣x2﹣2x+3；

（2）如圖1，

∵M（m，0），PM⊥x軸，

∴P（m，﹣m2﹣2m+3），

又∵對(duì)稱(chēng)軸為x=﹣1，PQ∥AB，

∴Q（﹣2﹣m，﹣m2﹣2m+3），

又∵QN⊥x軸，

∴矩形PQNM的周長(zhǎng)

=2（PM+PQ）

=2[（﹣m2﹣2m+3）+（﹣2﹣m﹣m）]

=2（﹣m2﹣4m+1）

=﹣2（m+2）2+10，

∴當(dāng)m=﹣2時(shí)，矩形PQNM的周長(zhǎng)有最大值10，

此時(shí)，M（﹣2，0），

由A（﹣3，0），C（0，3），可得

直線(xiàn)AC為y=x+3，AM=1，

∴當(dāng)x=﹣2時(shí)，y=1，即E（﹣2，1），ME=1，

∴△AEM的面積=×AM×ME=×1×1=；

（3）如圖2，連接CB并延長(zhǎng)，交直線(xiàn)HG與Q，

∵HG⊥CF，BC=BF，

∴∠BFC+∠BFQ=∠BCF+∠Q=90°，∠BFC=∠BCF，

∴∠BFQ=∠Q，

∴BC=BF=BQ，

又∵C（0，3），B（1，0），

∴Q（2，﹣3），

又∵H（0，﹣1），

∴QH的解析式為y=﹣x﹣1，

解方程組，可得或，

∴點(diǎn)G的坐標(biāo)為（， ）或（， ）．