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一、選擇題

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

B

C

B

D

A

D

D

C

二、填空題

題 號(hào)

11

12

13

14

15

答 案

2＜x＜8

（-3，-7）

2cm

34.28

三、解答題（本大題有7題，共55分）

16．1

17．經(jīng)檢驗(yàn)：x₁=0，x₂=2是原方程的根．

18．解：（1）根據(jù)題意有AF∥BC，∴∠ACB=∠GAF，又  ∠ABC=∠AFG=90，

 ∴△ABC∽△GFA

∴ ，得BC=3.2(m),CD=(2+3)-3.2=1.8(m)

 （2）設(shè)樓梯應(yīng)建x個(gè)臺(tái)階，則，

解得，14＜x＜16

      ∴樓梯應(yīng)建15個(gè)臺(tái)階 

19.（1）    （2）     不公平改為“如果和為0，李明得3分，其余不變

20.解：（1）△AEF是等邊三角形．

由折疊過(guò)程易得：

∵BC∥AD，∴     

∴△AEF是等邊三角形．                

　　（2）不一定． 

　當(dāng)矩形的長(zhǎng)恰好等于等邊△AEF的邊AF時(shí)，

即矩形的寬∶長(zhǎng)＝AB∶AF＝sin60°＝時(shí)正好能折出．

　如果設(shè)矩形的長(zhǎng)為a，寬為b，

可知當(dāng)時(shí)，按此法一定能折出等邊三角形；

 　當(dāng)時(shí)，按此法無(wú)法折出完整的等邊三角形．

21.（1）證明：∵AB = AC，點(diǎn)D是邊BC的中點(diǎn)，∴AD⊥BD．

              又∵BD是圓O直徑，∴AD是圓O的切線．

（2）解：連結(jié)OP，OE．

            由BC = 8，得CD = 4，OC = 6，OP = 2．

∵PC是圓O的切線，O為圓心，∴．

            于是，利用勾股定理，得．

∵，，

∴△DCE∽△PCO．

∴，即得．

∵PE、DE是圓O的切線，∴．

于是，由，得．

又∵OB = OP，∴．

于是，由，得．

∴．∴OE // AB．

∴，即得．

∴．

22. 解：(1)因?yàn)槎�次函�?shù)y=ax²＋bx＋c的圖象經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(－1，0)、B(3，0)、N(2，3)

所以，可建立方程組：，解得：

所以，所求二次函數(shù)的解析式為y=－x²＋2x＋3，

所以，頂點(diǎn)M(1，4)，點(diǎn)C(0，3) -------2分

(2)直線y=kx+d經(jīng)過(guò)C、M兩點(diǎn)，所以，即k＝1，d＝3，

直線解析式為y＝x＋3

令y＝0，得x＝－3，故D(－3，0）

∴ CD＝，AN＝，AD=2，CN=2

∴CD＝AN，AD=CN

∴ 四邊形CDAN是平行四邊形

(3)假設(shè)存在這樣的點(diǎn)P，使以點(diǎn)P為圓心的圓經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)，并且與直線CD相切，因?yàn)檫@個(gè)二次函數(shù)的對(duì)稱軸是直線x=1，故可設(shè)P(1，)，

則PA是圓的半徑且PA²=y₀²＋2²，

過(guò)P作直線CD的垂線，垂足為Q，則PQ＝PA時(shí)以P為圓心的圓與直線CD相切。

由第(2)小題易得：△MDE為等腰直角三角形，故△PQM也是等腰直角三角形，

由P(1，)得PE＝，PM＝|4-|，，

由PQ²=PA²得方程：，解得，符合題意，

所以，滿足題意的點(diǎn)P存在，其坐標(biāo)為(1，)或(1，)