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6.在如圖所示電路中.閉合電鍵S.當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時.四個理想電表的示數都發生變化.電表的示數分別用I.U1.U2和U3表示.電表示數變化量的大小分別用∆I.∆U1.∆U2和∆U3表示.下列比值正確的是 A.U1/I不變.∆U1/∆I不變B.U2/I變大.∆U2/∆I變大C.U2/I變大.∆U2/∆I不變D.U3/I變大.∆U3/∆I變大 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

在如圖所示電路中,閉合電鍵S,當滑動變阻器的滑動觸頭P  向下滑動時,四個理想電表的示數都發生變化,電表的示數分別用I、U1、U2和U3表示,電表示數變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示.下列比值正確的是(  )

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在如圖所示電路中,閉合電鍵S,當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,三個理想電表的示數都發生變化,電表的示數分別用I、U1、U2表示.下列判斷正確的是(  )

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在如圖所示電路中,閉合電鍵S,當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,四個理想電表的示數都發生變化,電表的示數分別用I、U1、U2和U3表示,電表示數變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示.則
U1
I
U2
I
U3
I
U1
△I
U2
△I
U3
△I
這六個比值中
U2
I
比值是
增大
增大
(填不變、增大、減小);余下的其它五個中比值增大的是
U3
I
U3
I

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在如圖所示電路中,閉合電鍵S,當滑動變阻器的滑片P向下滑動時,四個理想電表的示數都發生變化.電表的示數分別用I,U,Υ和U?表示,電表示數變化量的絕對值分別用△l、△U、△U?和△U?表示.則下列判斷正確的是(  )

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精英家教網在如圖所示電路中,閉合電鍵S,當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,四個理想電表的示數都發生變化,電表的示數分別用I、U1、U2和U3表示,電表示數變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示,下列比值錯誤的是(  )

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一、單項選擇題:本題共5小題,每小題3分,共15分.

題號

1

2

3

4

5

答案

B

C

A

B

A

二、多項選擇題:本題共4小題,每小題4分,共計16分。

題號

6

7

8

9

答案

AC

BD

AC

ACD

三、填空題:本題共2小題,共18分.

10.(1)   ( 2分 )              a=     ( 2分 )

(2)h     ( 2分 )            μ=         ( 2分 )

 

11.(1)外接(1分)   分壓式(1分)

               (3)連接電路如圖所示(3分);

            左(1分)若其他接法正確,同樣給分

               (4)大于(1分)

             

            四.論述計算題:共71分

             

            12.(1)設AC=h、電場力為FQ,根據牛頓第二定律得:

            FQ+mg=ma…………①              (1分 )

            第一次拋出時,h= …②     (1分 )

            第二次拋出時,h=……③    (1分 )

            由②、③兩式得a=4g…………④      (1分 )

            所以,FQ:G=3:1   …………⑤       (1分 )

            (2)第一次拋出打在C點的豎直分速度y1=a()…………⑥ (1分 )

            第二次拋出打在C點的豎直分速度y2=g()…………⑦ (1分 )

            第一次拋出打在C點的速度1=…………⑧ (1分 )

            第二次拋出打在C點的速度2=…………⑨ (1分 )

            所以,12=2:1…………⑩ (1分 )

             

             

            13. (1)  (2分)      (1分)

                  (2分)        (1分)

                      方向斜向右下方,與豎直方向夾角為(1分)

              (2) (2分) (1分)

                     (2分)    (1分)

                   由牛頓第三定律,小球對圓環的壓力為,方向向下  (1分)

            (3)進一步計算發現小球第一次回到A點時動能為,這與靜電力做功與路徑無關矛盾,出現問題的原因是:這種方向是平行直線但大小不等的電場是不存在的        (2分)

             

            14.(1)將F沿水平方向、豎直方向分解。

            冰塊受的支持力F=mg+Fsin37,(2分)

                       摩檫力F=μF (2分)

               在前一階段,對冰塊由動能定理得 ?(Fcos37+ F)xm v-m v(3分)

                      聯立以上各式,并將x=4.00m等數據代入,解出v=1.00m/s    (2分)

                        (2)冰塊做類平拋運動,沿x軸方向

                          x= vt=10.0m     (2分)

                          沿y軸方向,由牛頓第二定律:a=,y=at    (2分)

                          聯立解得y=52.1m5m,故冰塊碰不到儀器室。    (2分)

             

            15.(1)    Wa=magd =1.0J                      2分

            Wb=mbgd =0.5J                      2分

            (2)b在磁場中勻速運動時:速度為,總電阻R1=7.5Ω

             b中的電流                ① 2分

             由以上各式得:        ②1分

             同理,a棒:           ③ 1分

             由以上各式得,               ④1分

                                        ⑤1分

                                           ⑥1分

                                         ⑦ 1分

                                               ⑧1分

                   由④⑤⑥⑦⑧得

            Ha=                              ⑨ 1分

            Hb=m                              ⑩  1分

            16.(1)磁場中帶電粒子在洛侖茲力作用下做圓周運動,故有

                   qVB=mv2/r,①                                 …………………… (1分)  .

            同時有T=2πr/v=2πm/qB   ②                       …………………… (1分)    .

            粒子運動軌跡如圖所示,由幾何知識知,‘    ‘

                Xc=一(r+rcos45 0)=―(2+√2)mv/2qB,③                ……………………(2分)      

            故,c點坐標為(― (2 + √2)mv/2qB,0 )。④                  ……………………(1分)

            (2)設粒子從A到C的時間為t1,由題意知   

                  t1=5T/8=5πm/4qB        ⑤                       ……………………(1分)

            設粒子從進入電場到返回C的時間為t2,其在電場中做勻變速運動,由牛頓第二定律和運動

            學知識,有

                  qE=ma       ⑥  

              及  2Vc=at2,    ⑦    .

            聯立⑥⑦解得t2 = 2mv0/qE       ⑧                       …………………… (1分).   

             

             

             

             

             

             

             

             

             

              設粒子再次進入磁場后:在磁場中運動的時間為t3,由題意知    .

               t3 =T/4 =πm/2qB    ⑨                            ……………………(1分) 

              故而,設粒子從A點到第三次穿越x軸的時間為  

                      t=t1+t2+t3 = 7πm/4qB + 2mv0/qE     ⑩        ……………………(1分).

             (3)粒子從第三次過x軸到第4次過X軸的過程是在電場中做類似平拋的運動,即沿著v0

              的方向(設為X’軸)做勻速運動,即

                X’=V0t     …①   

                vx'=V0……②                                     ……………………(1分)    

              沿著qE的方向(設為y’軸)做初速為0的勻變速運動,即

                y'= qEt2 / 2m        …③

                Vy'= qEt/m  ……④;                              ……………………(1分)  

            設離子第四次穿越X軸時速度的大小為V,速度方向與電場方向的夾角為α.由圖中幾何關系知 

                y'/x'=cos 450。……⑤,                         ……………………(1分)   

                   V=√(v02+vy'2)……⑥                         ……………………(1分)   

                   tanα=v0/vy'  ……⑦                            ……………………(1分)     

            綜合上述①②③④⑤⑥⑦得

              v=√5 v0……⑧                                     ……………………(1分)   

              α=arctan0.5…⑨                                   ……………………(1分)   

             

             

             

             

             

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