題目列表(包括答案和解析)
（07年上海卷）沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于
和
處。在
時，質點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝ s時，質點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質點P的位移為 cm。
2A.沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處.在t1＝0.5s時，質點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時，質點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質點P的位移為_____________cm.
B類題（適合于使用二期課改教材的考生）
2B.在接近收費口的道路上安裝了若干條突起于路面且與行駛方向垂直的減速帶，減速帶間距為10m，當車輛經過減速帶時會產生振動.若某汽車的固有頻率為1.25Hz，則當該車以_________m/s的速度行駛在此減速區時顛簸得最厲害，我們把這種現象稱為_________.
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處。在t1＝0.5s時，質點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時，質點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質點P的位移為_____________cm。
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處。在t1＝0.5s時，質點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時，質點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質點P的位移為_____________cm。
A沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處。在t1＝0.5s時，質點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時，質點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質點P的位移為_____________cm。
一、單項選擇題：（每小題4分，共24分）
1
2
3
4
5
6
C
C
D
C
7
8
9
10
11
BCD
BD
BCD
二、不定項選擇題（每小題5分，共25分）
三、填空題（每小題5分，共40分；第一空2分，第二空3分）
12、，
13、10，288.7
14、，h┱（Ssinθ－h cosθ）
15、v＝（2＋4n）m/s（n＝0，1，2，……）［寫（2＋8n）或（6＋8n）也正確］，負
16、，
17、2，直線截距下移、斜率減小
18、1┱6，
19、2，＞
四、計算題：
20、（10分）
（1）從活塞上方的壓強達到p0到活塞上方抽成真空的過程為等溫過程：
1.5p0´V1＝0.5p0´V2（2分），V2＝3V1（1分），
緩慢加熱，當活塞剛碰到玻璃管頂部時為等壓過程：
＝（2分），T2＝1.2 T1，（1分）
（2）繼續加熱到1.8T1時為等容過程：
＝（公式2分，代入1分），p＝0.75p0（1分）
21、（10分）
不正確。（1分）由于小球沿圓弧CEA運動不是勻變速運動，不能僅根據末速度大小和路程來比較t1與t2的大小。（1分）
正確解：設CDA斜面傾角為θ
則 2R sin q＝at12＝gt12 sin q（R為圓半徑）（2分）
解得t1＝＝s＝0.89s （1分）
物體沿圓弧CEA運動時，由于圓弧CEA對應的圓心角小于5°，所以小球的運動可以看成單擺的簡諧振動，所以有t2＝＝＝0.7s （3分）
所以 t1＞t2。（2分）
22、（12分）
（1）電動機的功率 P＝UI＝1200W （2分）
電動機輸出的機械功率 P機＝ηP電＝720W （1分）
當汽車以最大速度行駛時 F牽＝Ff＝0.05Mg＝300N （1分）
根據 P機＝F牽vm （2分）
求出最大速度 vm＝2.4（m/s） （1分）
（2）設太陽到地面的距離是R，以太陽為球心，以R為半徑的面積為S＝4πR2
由題意可知＝P0 得：R＝ （3分）
代入數據求出 R＝1.5×
23．（13分）
（1）小輪對斜面的壓力FN＝Mg/cosθ（2分）
對斜面體進行受力分析，可知F＝FN sinθ＝Mgsinθ/cosθ（3分）＝750N（2分）
（2）根據運動的分解：vM＝vm tanθ （2分）
根據系統機械能守恒：Mgh＝M vM2＋m vm2 （3分）
兩式聯立，解得斜面體的速度： vm＝≈
24．（14分）
（1）由表格中數據可知：金屬棒先做加速度減小的加速運動，最后以
PG＝mgv＝0.01×10×7＝0.7W （公式1分，結果1分）
（2）根據動能定理：WG＋W安＝mvt2－mv02 （2分）
W安＝mvt2－mv02－mgh＝×0.01×72－0.01×10×3.5＝－0.105J（1分）
QR＝E電＝×0.105＝0.06 J （2分）
（3）當金屬棒勻速下落時，G＝F安 → mg＝BIL＝ （2分）
解得：BL＝＝0.1 （1分）
電量q＝It＝＝＝
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