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③根據測量數據畫出該導體的伏安特性曲線如圖所示,發現MN段明顯向上彎曲.若實驗的操作.讀數.記錄.描點和繪圖等過程均正確無誤,則出現這一彎曲現象的主要原因是 . 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

半導體熱敏電阻的工作原理按溫度特性熱敏電阻可分為兩類,隨溫度上升電阻增加的為正溫度系數熱敏電阻---稱為I類電阻,反之為負溫度系數熱敏電阻---稱為II類電阻。上述兩類熱敏電阻是傳感電路中常用的電子元件。某實驗小組采用伏安法,在一較為封閉的環境中探究一種熱敏電阻的溫度特性,要求特性曲線盡可能完整。已知在某一溫度下待測熱敏電阻的阻值約400~500Ω。熱敏電阻和溫度計插入帶塞的試管中,管內有一定量的水銀(其沸點約357℃),其他備用的儀表和器具有:盛有熱水銀的熱水杯、電源(3V,內阻可忽略)、直流電流表(內阻約5Ω)、直流電壓表(內阻約5kΩ)、滑動變阻器(0~20Ω)、電鍵、導線若干。

(1)在圖(a)的方框中畫出實驗電路圖,要求測量誤差盡可能小。

(2)根據電路圖,在圖(b)的實物圖上連線。

(3)簡要寫出完成接線后的主要實驗步驟:

a、往保溫杯中加入熱水銀,稍等讀出溫度值;

b、                                                             

c、重復a;

b、測出不同溫度下的數據,記錄下溫度及其對應的電壓、電流值;

d、                                                             

e、該小組最后除繪出伏安特性曲線圖外,又繪出不同溫度下熱敏電阻的R--t圖象,        如下圖c,結合圖判斷此測量電阻是________類電阻。

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二極管是一種半導體元件,電路符號為“”,其特點是具有單向導電性,即電流從正極流入時電阻比較小,而從負極流入時電阻比較大。

  ①某實驗興趣小組對某種晶體二極管的伏安特性曲線進行測繪。因二極管外殼所印的標識模糊,為判斷正負極,用多用電表電阻擋測二極管的正反向電阻。將選擇開關旋至合適倍率,調整歐姆零點后,將黑表筆接觸二極管的左端、紅表筆接觸右端時,指針偏角比較小;再將紅、黑表筆位置對調時,指針偏角比較大,由此判斷    端為二極管的正極。(選填“左”、“右”)

  ②廠家提供的伏安特性曲線如右圖。該小組只對加正向電壓時的伏安特性曲線進行了測繪,以驗證與廠家提供的數據是否一致,可選用的器材有:

  A.直流電源,電動勢3V,內阻忽略不計;

  B.0~20Ω的滑動變阻器一只;

  C.量程5V、內阻約50kΩ的電壓表一只;

  D.量程3V、內阻約20kΩ的電壓表一只;

  E.量程0.6A、內阻約0.5Ω的電流表一只;

  F.量程50mA、內阻約5Ω的電流表一只;

  G.待測二極管一只;      H.導線、電鍵等。

為了提高測量結果的準確度,電壓表應選用______,電流表應選用_______。(填序號字母)

③為了達到測量目的,請在答題卡上虛線框內畫出正確的實驗電路原理圖。

④為了保護二極管,正向電流不要超過25mA,請你對本實驗的設計或操作提出一條合理的建議:

                        

⑤該小組通過實驗采集數據后描繪出了二極管的伏安特性曲線,通過對比,與廠家提供的曲線基本吻合。如果將該二極管與一阻值R=50Ω的電阻串聯,再接至電動勢E=1.5V、內阻不計的電源上,二極管處于正向導通狀態。請你寫出根據題中給出的伏安曲線求通過二極管電流的步驟:(不要求求出結果)

                                        

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有一段粗細均勻的導體,現要用實驗的方法測定這種導體材料的電阻率,若已測得其長度和橫截面積,還需要測出它的電阻值Rx。

 (1)若已知這段導體的電阻約為30Ω,要盡量精確的測量其電阻值,并要求直接測量的變化范圍盡可能大一些,除了需要導線、開關以外,在以下備選器材中應選用的是              。(只填寫字母代號)

A.電池(電動勢14 V、內阻可忽略不計) B.電流表(量程0~0.6 A,內阻約0.12Ω)

C.電流表(量程0~100m A,內阻約12 Ω) D.電壓表(量程0~3 V,內阻約3 kΩ)

E.電壓表(量程0~15 V,內阻約15 kΩ)  F.滑動變阻器(0~10Ω,允許最大電流2.0A)

G.滑動變阻器(0~500 Ω,允許最大電流0.5 A)

 (2)在方框中畫出測這段導體電阻的實驗電路圖。

 (3)根據測量數據畫出該導體的伏安特性曲線如圖所示,發現MN段明顯向上彎曲。若實驗的操作、讀數、記錄、描點和繪圖等過程均正確無誤,則出現這一彎曲現象的主要原因是                              

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有一段粗細均勻的導體,現要用實驗的方法測定這種導體材料的電阻率,若已測得其長度和橫截面積,還需要測出它的電阻值Rx。

 (1)若已知這段導體的電阻約為30Ω,要盡量精確的測量其電阻值,并要求直接測量的變化范圍盡可能大一些,除了需要導線、開關以外,在以下備選器材中應選用的是             。(只填寫字母代號)

A.電池(電動勢14 V、內阻可忽略不計) B.電流表(量程0~0.6 A,內阻約0.12Ω)

C.電流表(量程0~100m A,內阻約12 Ω) D.電壓表(量程0~3 V,內阻約3 kΩ)

E.電壓表(量程0~15 V,內阻約15 kΩ)  F.滑動變阻器(0~10Ω,允許最大電流2.0A)

G.滑動變阻器(0~500 Ω,允許最大電流0.5 A)

 (2)在方框中畫出測這段導體電阻的實驗電路圖。

 (3)根據測量數據畫出該導體的伏安特性曲線如圖所示,發現MN段明顯向上彎曲。若實驗的操作、讀數、記錄、描點和繪圖等過程均正確無誤,則出現這一彎曲現象的主要原因是                             

 

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有一段粗細均勻的導體,現要用實驗的方法測定這種導體材料的電阻率,若已測得其長度和橫截面積,還需要測出它的電阻值Rx。
(1)若已知這段導體的電阻約為30Ω,要盡量精確的測量其電阻值,并要求直接測量的變化范圍盡可能大一些,除了需要導線、開關以外,在以下備選器材中應選用的是             。(只填寫字母代號)
A.電池(電動勢14 V、內阻可忽略不計) B.電流表(量程0~0.6 A,內阻約0.12Ω)
C.電流表(量程0~100m A,內阻約12 Ω) D.電壓表(量程0~3 V,內阻約3 kΩ)
E.電壓表(量程0~15 V,內阻約15 kΩ)  F.滑動變阻器(0~10Ω,允許最大電流2.0A)
G.滑動變阻器(0~500 Ω,允許最大電流0.5 A)
(2)在方框中畫出測這段導體電阻的實驗電路圖。
(3)根據測量數據畫出該導體的伏安特性曲線如圖所示,發現MN段明顯向上彎曲。若實驗的操作、讀數、記錄、描點和繪圖等過程均正確無誤,則出現這一彎曲現象的主要原因是                              

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一、1、C 2、A3、BD 4、D 5、AD 6、B 7、BCD 8、CD

二、實驗題:(18分)將答案填在題目的空白處,或者要畫圖連線。

9、(6分)  C (每空3分)

10、(12分)①ABEF(4分)

②如圖所示(4分)

 ③隨著導體中的電流增大,溫度升高,電阻率增大,電阻增大(4分)

三、本大題共三小題共計54分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題.答案中必須明確寫出數值和單位

11、(16分)(1)設月球的質量為M,衛星的線速度為,則

             ① 2分

                    ② 2分

由①②兩式得

                     ③ 2分

(2)設衛星在A點減速后的速度為

從A到B衛星和月球系統的機械能守恒,所以

              ④ 2分

噴氣過程中衛星系統的動量守恒,設噴射出氣體的質量為,所以

     ⑤ 3分

由③、④、⑤式解得

    ⑥ 2分

(3)由O點出發在y軸負方向和反方向之間的有向線段都正確(不包括y軸負方向和的反方向)                              ⑦  3分

 

12、(18分)(1) 電荷在電場中做勻減速直線運動,設其在電場中運動的時間為,根據動量定理可知,

解得                   (2分)

O點與直線MN之間的距離             (2分)

(2)當磁場垂直紙面向里時,

  電荷運動的半徑               (1分)

  周期                          (1分)

當磁場垂直紙面向外時,

   電荷運動的半徑                 (1分)

         周期                 (2分)

根據電荷的運動情況可知,電荷到達擋板前運動的完整周期數為15個,即沿ON運動的距離S=15△d=60cm,最后8cm的距離如圖所示,

        (2分)

解得    (2分)

故電荷運動的總時間

       T=

          =             (3分)

13、(20分)(1)設粒子經過加速電場從小孔O2射出時的速度為v0,則依據動能定理    

                  (1分)

當U=0時,粒子以速度v0進入磁場后做勻速圓周運動到達P2點,軌跡半徑R0=(2分)

由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得                        (1分)

解得帶電粒子的比荷=1.0´108 C/kg                          (2分)

(2)設粒子進入磁場時速度方向與O1O的夾角為θ,則速度大小 (2分)

粒子在磁場中做圓周運動的軌跡半徑  (1分)

由幾何關系得                    (2分)

即Dx與θ無關,為定值。                            (1分)                    

 

 

 

 

(3)由(2)可知,帶電粒子在平行金屬板a、b間的最大偏移量y= x2- x1=0.05 m,對應的偏轉電壓U=50 V                                                  (1分)

帶電粒子進入平行金屬板a、b時的速度

v0==1.0´105 m/s

設偏移量最大的帶電粒子離開平行金屬板a、b時的速度為v,由動能定理

                                  (1分)

解得      v=m/s                                                

所帶電粒子離開平行金屬板a、b時的速度偏轉角q=arccos=        (1分)

偏移量最大的在磁場中做圓周運動的軌跡對應的圓心角a=           (1分)

在磁場中做圓周運動的時間t1=                                  (1分)

當電壓為零時進入磁場的帶電粒子在磁場中做圓周運動的時間t2=    (1分)

 

帶電粒子在磁場中做圓周運動的周期                 (1分) 

所以,Dt= t1-t2===1.0 ´10-6 s                            (1分)

 

 

 

 

 

 


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