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如圖1所示為“探究加速度與物體受力和質量的關系”實驗裝置圖．圖中A為小車，B為裝有砝碼的小盤，C為一端帶有定滑輪的長木板，小車通過紙帶與電火花打點計時器相連，計時器接50Hz交流電．小車的質量為m₁，小盤（及砝碼）的質量為m₂．
（1）下列說法正確的是

C

C

．
A．為平衡小車與水平木板之間摩擦力，應將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在掛小盤（及砝碼）的情況下使小車恰好做勻速運動
B．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力
C．本實驗中要滿足m₂應遠小于m₁的條件
D．在用圖象探究加速度與質量關系時，應作a-m₁圖象
（2）實驗中，得到一條打點的紙帶，如圖2所示，已知相鄰計數點間的時間間隔為T，且間距x₁、x₂、x₃、x₄、x₅、x₆已量出，則計算小車加速度的表達式為a=

x4+x5+x6-x1-x2-x3

9T2

x4+x5+x6-x1-x2-x3

9T2

；
（3）某同學在平衡好摩擦力后，保持小車質量不變的情況下，通過多次改變砝碼重力，作出小車加速度a與砝碼重力F的圖象如圖3所示，若牛頓第二定律成立，重力加速度g=10m/s²，則小車的質量為

2.0

2.0

kg，小盤的質量為

0.060

0.060

kg．（二個結果都保留兩位有效數字）
（4）如果砝碼的重力越來越大時，小車的加速度不能無限制地增加，會趨近于某一極限值，此極限值為

10

10

 m/s²．

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如圖甲所示為測量電動機轉動角速度的實驗裝置，半徑不大的圓形卡紙固定在電動機轉軸上，在電動機的帶動下勻速轉動．在圓形卡紙旁邊垂直安裝一個改裝了的電火花計時器．
（1）請將下列實驗步驟按先后順序排序：

 

．
①使電火花計時器與圓形卡紙保持良好接觸
②接通電火花計時器的電源，使它工作起來
③啟動電動機，使圓形卡紙轉動起來
④關閉電動機，拆除電火花計時器，研究卡紙上留下的一段痕跡（如圖乙所示），寫出角速度ω的表達式，代入數據，得出ω的測量值
（2）要得到角速度ω的測量值，還缺少一種必要的測量工具，它是

 

A．秒表   B．毫米刻度尺   C．圓規    D．量角器
（3）寫出ω的表達式，并指出表達式中各個物理的意義：

 

．
（4）為了避免在卡紙連續轉動的過程中出現打點重疊，在電火花計時器與盤面保持良好接觸的同時，可以緩慢地將電火花計時器沿圓形卡紙半徑方向向卡紙中心移動．則卡紙上打下的點分布曲線將不是一個圓，而是類似一種螺旋線（如圖丙所示）．這樣做測量結果將

 

（填“偏大”、“偏小”或“不變”）

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如圖甲所示為某一型號二極管，其兩端分別記為A和B．其外表所標示的極性已看不清，為確定該二極管的極性，用多用電表的電阻檔進行測量．

（1）首先對多用電表進行機械調零，然后將紅、黑表筆正確插入插孔后，選用×100檔進行測量，在測量前要進行的操作步驟為：

 

（2）將多用電表的紅表筆與二極管的A端、黑表筆與二極管的B端相連時，表的指針偏轉角度很大；調換表筆的連接后，表的指針偏轉角度很小，由上述測量可知該二極管的正極為

 

端（填“A”或“B”）
（3）用一個滿偏電流為3mA的電流表，改裝成的歐姆表，調整零點以后，測量500Ω的標準電阻時，指針恰好指在表盤的正中央，測量某未知電阻時，指針指在1mA處，則被測電阻的阻值為

 

（4）用多用電表進行粗測：多用電表電阻檔有3種倍率，分別是×100Ω、×10Ω和×1Ω．該同學選擇×10Ω倍率，用正確的操作方法測量時，發現指針偏轉角度太小．為了較準確地進行測量，應重新選擇

 

倍率．重新選擇倍率后，刻度盤上的指針位置如圖乙所示，那么測量結果大約是

 

Ω．

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一、本題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項是正確的，有的小題有多個選項是正確的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。

1.AC  2.B  3.C  4.BD  5.D  6.B  7.AB  8.B  9.CD  10.ABD

二、本題共3小題，共14分。把答案填在題中的橫線上。

11.ABD(3分)        (注：選對但不全的得2分)

12.(1)F；F′ (3分)            (2)不變 (2分)

13.；(2分)  ；(2分)       mg（2分）

(注：用相鄰兩段位移表達出來，只要表達正確的不扣分)

三、本題包括7小題，共56分。解答應寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題的答案必須明確寫出數值和單位。

14.(7分)

解：(1)設斜面對箱子的支持力為N，箱了上滑的加速度為a。根據牛頓第二定律，得平行斜面方向，F-mgsin37°-μN=ma，      …………1分

垂直斜面方向，N=mgcos37°,      …………1分

解得箱子的加速度a=(sin37°+μcos37°)=2.4m/s²      …………2分

(2)設箱子滑到斜面頂端的速度v，由運動學公式，

v²=2as，   …………2分

解得                                          v= 。  …………1分

15.(7分)

解：(1)設塔頂距地面的高度為h,根據自由落體運動公式，得

h=gt²=80m。  …………2分

(2)設石塊落地時的速度為v，根據勻變速運動規律，v=gt。 …………2分

    設石塊落地時重力做功的功率為P，則P=mgv=mg²t=2.0×10³W 。…………3分

16.(8分)

解：(1)滑塊B沿軌道下滑過程中，機械能守恒，設滑塊B與A碰撞前瞬間的速度為v₁，則                                                   mgR=。 …………1分

滑塊B與滑塊A碰撞過程沿水平方向動量守恒，設碰撞后的速度為v₂，則

               mv₁=2mv₂ 。      …………1分

設碰撞后滑塊C受到軌道的支持力為N，根據牛頓第二定律，對滑塊C在軌道最低點有                                                        N-2mg=2mv/R ，…………1分

聯立各式可解得，                            N=3mg。  …………1分

根據牛頓第三定律可知，滑塊C對軌道末端的壓力大小為N′=3mg。…………1分

(2)滑塊C離開軌道末端做平拋運動，設運動時間t，根據自由落體公式，

     h=gt² 。…………1分

滑塊C落地點與軌道末端的水平距離為s=v₂t ，…………1分

聯立以上各式解得s=。  …………1分

17.(8分)

       解：(1)飛船在圓軌道上做勻速圓周運動，運行的周期   T=。 …………1分

       設飛船做圓運動距地面的高度為h，飛船受到地球的萬有引力提供了飛船的向心力，根據萬有引力定律和牛頓第二定律，得

。 …………2分

       而地球表面上的物體受到的萬有引力近似等于物體的重力，即

=mg,  …………1分

聯立以上各式，解得                  h=-R。 …………1分

(2)飛船運動的圓軌道的周長      s=2π(R+h)， …………1分

動行的速度                            v==，   …………1分

解得                                   v=。  …………1分

18.(8分)

       解：(1)重錘在豎直平面內做勻速圓周運動，當重錘運動通過最高點時，打夯機底座受連接桿豎直向上的作用力達到最大。此時重錘所受的重力mg和連接桿對重錘向下的拉力T₁提供重錘的向心力，根牛頓第二定律

       T₁+mg=mw²R。    …………1分

       連接桿對打夯機底座向上的拉力       T₁′=T₁。 …………1分

       當T′=Mg時，打夯機底座剛好離開地面，  …………1分

       解得                                   ω=。  …………1分

(2)當重錘通過最低位置時，重錘所受的重力mg和連接桿的拉力T₂的合力提供重錘的向心力，根據牛頓第二定有： T₂-mg=mw²R。…………1分

連接桿對打夯機底座的作用力T₂′的方向向下，且T₂′=T₂。

設打夯機受到地面的支持力N，根據牛頓第二定律，

                     N=Mg+T₂^’ ，…………1分

聯立以上各式解得     N=2（M+m）g 。…………1分

根據牛頓第三定律，打夯機對地面壓力的大小N′=N=2(M+m)g。…………1分

19.(9分)

   解：(1)設運動員在空中飛行時間為t，運動員在豎直方向做自由落體運動，得

ssin37°=gt²，

   解得：                                           t==1.2s。…………2分

       (2)設運動員離開O點的速度為v₀，運動員在水平方向做勻速直線運動，即

scos37°=v₀t，

   解得：                                           v₀==8.0m/s。…………2分

       (3)運動員落在A點時沿豎直向下的速度v_y的大小為

          v_y=gt=12m/s   …………1分，

       沿水平方向的速度v_x的大小為          v_x=8.0m/s。

       因此，運動員垂直于斜面向下的速度v_N為

                     v_N=v_ycos37°-v_xsin37°=4.8m/s。 …………1分

       設運動員在緩沖的過程中受到斜面的彈力為N，根據動量定理

(N-mgcos37°)t=mv_N，…………1分

       解得：                         N=mgcos37°+=880N。…………1分

20.(9分)

       解：(1)設物塊滑上小車后經過時間t₁速度減為零，根據動量定理

μmgt₁=mv，

    解得：                                              t₁==0.5s 。…………1分

  (2)物塊滑上小車后，做加速度為a_m的勻變速運動，根牛頓第二定律

μmg=ma_m，

解得：                                              a_m=μg=2.0m/s²。

小車做加速度為a_M的勻加速運動，根據牛頓第二定律

F-μmg=Ma_M，

解得：                                       a_M==0.5m/s²。…………1分

設物塊向左滑動的位移為s₁，根據運動學公式

s₁=v₀t₁-a_mt=0.25m,

當滑塊的速度為零時，小車的速度V₁為

V₁=V₀+a_mt₁=1.75m/s。

設物塊向右滑動經過時間t₂相對小車靜止，此后物塊與小車有共同速度V，根據運動學公式，有                            V=V₁+a_Mt₂=a_mt₂，

解得：                                       t₂=s。  …………1分

滑塊在時間t₂內的位移為s₂=a_ms=m≈1.36m。(方向向右) …………1分

因此，滑塊在小車上滑動的過程中相對地面的位移為

  s=s₂-s₁=m≈1.11m,方向向右。…………1分

(3)由(2)的結果，物塊與小車的共同速度

V=m/s，

因此，物塊在小車上相對小車滑動的過程中，系統的機械能增加量ΔE為

 ΔE=(m+M)V²-mv-MV≈17.2J。…………2分