題目列表(包括答案和解析)
右圖為某次實驗中拍攝到的小滑塊在粗糙水平面上滑動時的閃光照片。已知閃光頻率為每秒l0次。當地重力加速度值為9.8m/s2，根據照片的比例得到滑塊的位移數據為AB＝3.96cm，BC＝2.98cm，CD＝2.00cm，DE＝1.02cm。由此可知小滑塊與水平面之間的動摩擦因數約為
A．0.01 B．0.05
C．0.10 D．0.20
右圖為某次實驗中拍攝到的小滑塊在粗糙水平面上滑動時的閃光照片。已知閃光頻率為每秒l0次。當地重力加速度值為9.8m/s2，根據照片的比例得到滑塊的位移數據為AB＝3.96cm，BC＝2.98cm，CD＝2.00cm，DE＝1.02cm。由此可知小滑塊與水平面之間的動摩擦因數約為
A．0.01 B．0.05
C．0.10 D．0.20
| A．0.01 | B．0.05 |
| C．0.10 | D．0.20 |
右圖為某次實驗中拍攝到的小滑塊在粗糙水平面上滑動時的閃光照片。已知閃光頻率為每秒l0次。當地重力加速度值為9.8m/s2，根據照片的比例得到滑塊的位移數據為AB＝3.96cm，BC＝2.98cm，CD＝2.00cm，DE＝1.02cm。由此可知小滑塊與水平面之間的動摩擦因數約為
A．0.01 B．0.05
C．0.10 D．0.20
右圖為某次實驗中拍攝到的小滑塊在粗糙水平面上滑動時的閃光照片。已知閃光頻率為每秒l0次。當地重力加速度值為9.8m/s2，根據照片的比例得到滑塊的位移數據為AB＝3.96cm，BC＝2.98cm，CD＝2.00cm，DE＝1.02cm。由此可知小滑塊與水平面之間的動摩擦因數約為
A．0.01 B．0.05
C．0.10 D．0.20
一、二、選擇題。
1. C 2. C 3. A 4. D 5. B 6. AB 7. ABD 8. AC 9. BD
三、簡答題.本題共２小題，共計２０分.把答案填在答題卡相應的橫線上或按題目要求作答．
10.(1)7.2 （2分） 8.695(8.692~8.698均對) （2分）
(2) ①a.平衡摩擦力（1分） b.鉤碼的重力遠小于小車的總重力（1分）
②
（2分，其它正確也得分） 鉤碼的重力和小車的總質量 （2分）
11．（10分）
（1）略（3分）
（2）（3）
（3）（4分）(寫出正確結果即給滿分）
，電壓表的電阻為RV，開關閉合電，電路中電流為I，外電路總電阻為
根據閉合電路歐姆定律有：E=U+Ir=U+
r，整理得：
可見
圖象為一條直線，故橫坐標應表
直線的斜率為
由此解得：
四．簡答題：本題有Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三組題，請在其中任選兩組題作答；若三組題均答，則以Ⅰ、Ⅱ兩組題計分,共24分，把答案填在題中的橫線上或根據要求作答。
12．(1)ＢＦＨ （全對得4分，不全對的，選對1個給1分，選錯1個扣1分，扣完為止）
(2)解：
①如圖，紫光剛要發生全反射時的臨界光線射在屏幕S上的點E到亮區中心G的距離r就是所求最半徑。
設紫光臨界角為C，由全反射的知識：
（2分）
由幾何知識可知: 
（1分）
（1分）
（1分）
所以有:
＝
(其他幾何關系解法，只要正確參考上述步驟給分)
②紫色。（2分）
13．(1) CDF （全對得4分，不全對的，選對1個給1分，選錯1個扣1分，扣完為止）
(2) 解：（1）由質量數和電荷數守恒可知：
(2分)
（2）由題設條件可求出質量虧損為：
△m=2.0136u×2-（3.0150-1.0087）u=0.0035u
所以釋放的核能為：
(2分)
（3）由動量和能量守恒有
解得：
(1分)
(1分)
14．（1）飛機水平速度不變 
①
y方向加速度恒定 
②
消去t即得 
③ 由牛頓第二定律 
④
（2）在h處 
⑥ 
⑦
①~④式 共4分 ⑥~⑦式 共4分(用動能定理或其他解法正確同樣給分)
15、(12分) (1)證明：因為行星的質量M=
（R是行星的半徑），(1分)
行星的體積V=
R3，所以行星的平均密度
=
=
， (2分)
即T2=
，是一個常量，對任何行星都相同。
(1分)
（2）空間探測器繞地球作圓周運動，有
由
＝
得，空間站的軌道半徑R＝
（1分）
＝
隨空間站一起運動時，空間探測器的動能為
mv2＝
＝
（1分）
隨空間站一起運動時，空間探測器具有的機械能為
E1＝－
＋mv2=－＝－
（2分）
（3）空間站要脫離地球的引力，機械能最小值為E∞＝0，因此，對探測器做功為
W＝E∞－E1＝ （2分）
由地面附近的重力加速度
得
2分）
16.
(1)
(3分)
在ab棒上升到最高點的過程中,根據能量守恒定律:
(2分)
Q=30J (1分) 電阻R上的熱量:QR=Q/3=10J (1分)
(2)在0~T/4內,
(1分)
在T/4~T/2內,
(2分)
在3T/4~T內 Q3=Q1=
(1分)
+
+
=5J (1分)解得:B0=0.5T (1分)
17．解：（1）粒子由a點進入磁場在洛侖茲力作用下做圓周運動,所以
①（1分）
由題意知粒子圓周運動的半徑:
② （1分）
由①、②得：
（2分）
（2）據題意，粒子在電場中的運動時間為周期的整數倍，
即：
于是得：
（1分）
粒子在電場中運動側向總位移：
（2分）
帶入已知量計算得：
（1分）
（3）由粒子在磁場中的受力可判斷粒子帶負電,粒子在
時刻進入電場后向N板偏轉,由題意知粒子應剛好平行于N板從N板的邊緣水平飛出.并沿著水平方向進入磁場.
如圖，設粒子從B點進入磁場,從C點射出,O"點為粒子圓周運動的圓心,由(1)知:
,所以OBO''C為菱形,故有
, （2分）
由于粒子水平射出,故O"B⊥v0,于是OC⊥v0,方向豎直,故aOC共線,
所以射出的點到a點的距為:aC=2R=
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