題目列表(包括答案和解析)
（08年海南卷）當光照射到光敏電阻上時，光敏電阻的阻值 （填“變大”、“不變”或“變小”）。半導體熱敏電阻是利用半導體材料的電阻率隨 變化而改變的特性制成的。
（08年海南卷）一毫安表頭
滿偏電流為9.90 mA，內阻約為300 Ω．要求將此毫安表頭改裝成量程為
是量程為
（1）完善下列實驗步驟：
①將虛線框內的實物圖按電路原理圖連線；
②將滑動變阻器的滑動頭調至 端（填“a”或“b”），電阻箱R0的阻值調至零；
③合上開關；
④調節滑動變阻器的滑動頭，增大回路中的電流，使標準電流表讀數為
⑤調節電阻箱R0的阻值，使毫安表指針接近滿偏，此時標準電流表的讀數會 （填“增大”、“減小”或“不變”）；
⑥多次重復步驟④⑤，直至標準電流表的讀數為 ，同時毫安表指針滿偏。
（2）回答下列問題：
①在完成全部實驗步驟后，電阻箱使用阻值的讀數為3.1 Ω，由此可知毫安表頭的內阻為 。
②用改裝成的電流表測量某一電路中的電流，電流表指針半偏，此時流過電阻箱的電流為 A。
③對于按照以上步驟改裝后的電流表，寫出一個可能影響它的準確程度的因素： 。
（07年海南卷）在如圖所示的電路中，
、
為兩個完全相同的燈泡，
為自感線圈，
為電源，
為開關，關于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是
Ａ.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，、同時熄滅
Ｂ.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，先熄滅，后熄滅
Ｃ.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，、同時熄滅
Ｄ.合上開關，、同時亮；斷開開關，先熄滅，后熄滅
（07年海南卷）11.設地球繞太陽做勻速圓周運動，半徑為R，速度為
，則太陽的質量可用、R和引力常量G表示為__________。太陽圍繞銀河系中心的運動可視為勻速圓周運動，其運動速度約為地球公轉速度的7倍，軌道半徑約為地球公轉軌道半徑的2×109倍。為了粗略估算銀河系中恒星的數目，可認為銀河系中所有恒星的質量都集中在銀河系中心，且銀河系中恒星的平均質量約等于太陽質量，則銀河系中恒星數目約為__________。
（08年海南卷）勻強電場中有a、b、c三點．在以它們為頂點的三角形中，∠a＝30°、∠c＝90°。電場方向與三角形所在平面平行。已知a、b和c點的電勢分別為
V、
V和2 V。該三角形的外接圓上最低、最高電勢分別為
A．V、V B．0 V、4 V
C．
V、
D．0 V、
V
高考真題
1．【解析】（1）A為康普頓散射，B為光電效應，康普頓散射和光電效應都深入揭示了光的粒子性；
C為
粒子散射，不是光子，揭示了原子的核式結構模型。D為光的折射，揭示了氫原子能級的不連續；
（2） 系統動量守恒的條件為所受合外力為零。即電場力與重力平衡
；
（3）由核反應過程中電荷數和質量數守恒可寫出核反應方程：
，可知這種粒子是正電子。由圖象可知
的半衰期為14天，
的衰變后還剩
，經歷了4個半衰期，所以為56天。
【答案】（1）AB （2） （3）56天
2．【解析】本題考查放射性元素衰變的有關知識，本題為較容易的題目。由衰變方程：
,由質量數守恒和電荷數守恒得：232=220+4x,90=86+2x-y可解得：x=3、 y=2。
【答案】D
3．【解析】由電荷數守恒和質量數守恒查得經8次a衰變和4次b衰變，最后變成鉛的同位素
【答案】8 4
4．【解析】由氫原子躍遷規律可求得發出6條不同頻率的譜線
【答案】6
5．【解析】：盧瑟福在α粒子散射實驗中發現了大多數α粒子沒有大的偏轉，少數發生了較大的偏轉，盧瑟福抓住了這個現象進行分析，提出了原子的核式結構模型；1MeV=1×106×1.6×10-19= mv2，解得v=6.9×
【答案】了大多數α粒子沒有大的偏轉，v=6.9×106m/s
6．【解析】：放射性元素的原子核在α衰變或β衰變生成新原子核時，往往以γ光子的形式釋放能量，即伴隨γ輻射；根據半衰期的定義，經過t＝T1?T2時間后剩下的放射性元素的質量相同，則 = ，故mA：mB＝2T2 : 2T1
【答案】：γ，2T2 : 2T1
7．【解析】由核反應方程的質量數和電荷數守恒，可得各個選項中的x分別為正電子、α粒子、質子、中子。
【答案】C
8．【解析】：該核剩下1/4，說明正好經過兩個半衰期時間，故該生物死亡時距今約2×5730年=11460年。
【答案】11460年
9．【解析】根據核反應方程質量數和電荷數守恒可知選項B、D正確。
【答案】BD
10．【解析】氫原子的發射光譜是不連續的，只能發出特定頻率的光，說明氫原子的能級是分立的，選項B、C正確。根據玻爾理論可知，選項D錯誤。
【答案】BC
11．【解析】題目中所給裝置是盧瑟福研究粒子散射實驗裝置，故選項A正確。
【答案】A
12．【解析】只有靜止氘核吸收光子能量大于其結合能時，才能分解為一個質子和一個中子，故A項正確，B項錯誤；根據能量守恒定律，光子能量大于氘核結合題，則多余的能量以核子動能形式呈現，故C項錯，D項正確。
【答案】AD
13．【解析】核反應方程是
H+
n
H+
；輻射出的光子的能量E=(
1+m2-m3)c2；光子的波長
。
【答案】B
14．【解析】⑴盧瑟福提出了原子的核式結構模型；玻爾把量子理論引入原子模型，并成功解釋了氫光譜；查德威克發現了中子（或其他成就）。
⑵設中子質量為Mn靶核質量為M，由動量守恒定律Mnv0=Mnv1+Mv2
解得：
在重水中靶核質量：MH=2Mn，
；在石墨中靶核質量：Mc=12M 
與重水靶核碰后中子速度較小，故重水減速效果更好。
【答案】（1）盧瑟福提出了原子的核式結構模型；玻爾把量子理論引入原子模型，并成功解釋了氫光譜；查德威克發現了中子 （2）重水減速效果更好
名校試題
1．【解析】 “氦
”與氘核聚變的核反應時符合質量數與電荷數守恒，且聚變是放能反應。
【答案】AD
2．【解析】A為α衰變方程，B為聚變方程，C為發現質子的人工核反應方程，D為裂變方
程，現在核電站獲取核能的方式為裂變，D正確。
【答案】D
3．【解析】已知一個鈹原子質量為m1，則鈹核的質量為m1－4me。一個鋰原子質量為m2，則鋰核的質量為m1－3me。題述核反應的質量虧損Δm＝[(m1－4me)＋me]－(m1－3me)＝m1―m2，故題述核反應釋放的能量為ΔE＝Δmc2＝(m1―m2)c2，A正確。
【答案】A
4．【解析】① 
(3分)
② 
（2分）
③ 
（2分）
(1分)
【答案】（1） （2）
（3）
5．【解析】（1）
（2）質量虧損 △m=0.0059u
△E=△mc2=0.0059×931MeV=5.49MeV
（3）系統動量守恒，釷核和α粒子的動量大小相等，即
所以釷核獲得的動能 
【答案】（1） （2）5.49MeV （3）
6．【解析】⑴CDF
⑵①
②洛倫茲力提供帶電粒子在勻強磁場運動的向心力得：
由上式得：
因
和
的動量等大，所在磁場相同，有：
即：
【答案】（1）CDF （2） （3）
7．【解析】（1）
He+
Na→
Mg+
H
（2）α粒子、新核的質量分別為
解出：v=
【答案】（1）He+Na→Mg+H （2）v=
8．【解析】（1）
2分
（2）設中子，氫核（
）、氘核（
）的質量分別為m1、m2、m3，速度大小分別為v1、v2、v3，粒子做勻速圓周運動的半徑為R，
由
由
………………①
由動量守恒定律得：
……………………②
由徑跡圖象可知
反向
即：
解得
方向與中子速度方向相反
【答案】（1） （2）
9．【解析】（1）
（2）用m1、m2和m3分別表示中子（
）、氦核（
）和氚核的速度，由動量守恒定律得 
代入數值，得
即反應后生成的氚核的速度大小為
方向與反應前中子的速度方向相反
（3）反應前的總動能
反應后的總動能
經計算知E2>E1，故可知反應中發生了質量虧損。
【答案】（1） （2） （3）E2>E1，故可知反應中發生了質量虧損
10．【解析】（1）
（2）相互作用過程中動量守恒P1=P2 …
… 
由能量定恒得
11．【解析】（1）
（2）根據題意可知，a粒子在磁場中做原半徑R=
質量為m則有
kg?m/s
a粒子的動能
J
鐳核衰變滿足動量守恒，設氡核的質量為M，速度為v2有
氡核能的動能
鐳核衰變時釋放的能量
J
【答案】（1） （2）
J
考點預測題
1．【解析】由三種射線的特點和半衰期的含義不難判斷選項D正確。
【答案】D
2．【解析】根據衰變規律
20天對于元素A是5個半衰期,對于元素B是4個半衰期,因為原來A和B的質量相同,設原來的質量都為
,所以剩下的A和B的質量為
所以正確選項為C.
【答案】C
3．【解析】:波長越長，頻率越低，能量越小的光子，
越容易表現出衍射現象，應該是從n=4躍遷到n=3能級產生的，AB錯；總共可輻射
種不同頻率的光，C錯；從n=2能級躍遷到n=1時輻射的光子能量
，大于金屬鉑的逸出功，D正確。
【答案】D
4．【解析】由題意可知，μ氫原子吸收光子后，發出頻率為ν1、ν2、ν3、ν4、ν5和ν6的光，說明μ氫原子吸收光子后 就會躍遷到n＝4的能級 然后再從n＝4的能級往低能級躍遷 4－3 、4－2、 4－1 、3－2、 3－1 、2－1 就剛好有6種不同頻率的光發出．因頻率依次增大 ，根據原子發射或吸收光子時,滿足玻爾理論的躍遷假設，所以畫圖后順著數應為 E＝hν3，故選項C正確．
【答案】C
5．【解析】設原子核X的質量數為x，電荷數為y，依題意寫出核反應方程，根據質量數守恒和電荷數守恒，可得原子核Y的質量數為x，電荷數為y-1，原子核Z的質量數為x-3，電荷數為y-2。由此可得X核的質子（y）比Z核的質子（y-2）多2個，A錯；由此可得X核的中子（x-y）比Z核的中子（x-y-1）多1個，B錯；X核的質量數（x）比Z核的質量數（x-3）多3個，C對；X核與Z核的總電荷（2y-2）是Y核電荷（y-1）的2倍，D對。
【答案】CD
6．【解析】本題考查放射性元素衰變的有關知識，本題為較容易的題目。由衰變方程： ,由質量數守恒和電荷數守恒得：232=220+4x,90=86+2x-y可解得：x=3、 y=2．
【答案】D
7．【解析】核反應中釋放的能量可由愛因斯坦方程先計算出質量虧損后進而求得。
（1）核反應方程為 
H+H→
He+
n
（2）質量虧損為
△m=2×2.0136?1.0087?3.0150
=0.0035（u）
而對應于1u的質量虧損，釋放的核能為931.5MeV，于是上述核反應中釋放的能量為
△E=0.0035×931.5MeV=3.26MeV
（3）設氘核H，氦核He，中子n的質量數分別為m、m1、m2，于是有
mσ－mσ=m1σ1－m2σ2
mσ2=Ek=0.35MeV
m1σ
=
m2σ
=
2Ek+△E=+
由此解得
=2.97MeV
=0.99MeV
【答案】(1) H+H→He+n (2) △E=0.0035×931.5MeV=3.26MeV
(3) =2.97MeV=0.99MeV
8．【解析】u帶+
e電量，
帶+
e電量，（+e）+（+e）=＋e，而π+帶+e電量，帶電量守恒，所以A選項正確，同理，D選項正確。
【答案】AD
9．【解析】質子帶電為+e，所以它是由2個上夸克和1個下夸克組成的.按題意，三個夸克必位于等邊三角形的三個頂點處.這時上夸克與上夸克之間的靜電力應為
①
代入數值，得 Fm=46N，為斥力. ②
上夸克與下夸克之間的靜電力為
③
代入數值，得 Fnd=23N，為吸力.④
【答案】Fnd=23N，為吸力
10．【解析】⑴由質量數守恒和電荷數守恒得：
B+n→
He+
Li
⑵由于α粒子和反沖核都帶正電，由左手定則知，它們旋轉方向都是順時針方向，示意圖如圖8所示
⑶由動量守恒可以求出反沖核的速度大小是103m/s方向和α粒子的速度方向相反，由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式
可求得它們的半徑之比是120∶7
⑷由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期公式
可求得它們的周期之比是6∶7
【答案】（1）B+n→He+Li （2） 見圖8 （3）6∶7
11．【解析】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式r=mv/qB，K-介子和π-介子電荷量又相同，說明它們的動量大小之比是2∶1，方向相反。由動量守恒得π0介子的動量大小是π-介子的三倍，方向與π-介子的速度方向相反。選C。
【答案】C
12．【解析】設構成鈹“輻射”的中性粒子的質量和速度分別為m和v，氫核的質量為mH。構成鈹“輻射”的中性粒子與氫核發生彈性正碰，碰后兩粒子的速度分別為v
和v
。由動量守恒與能量守恒定律得
mv＝m v＋mH v ①
②
解得v＝
③
同理，對于質量為mN的氮核，其碰后速度為
v
＝
④
由③④式可得m＝
⑤
根據題意可知v=7.0v
⑥
將上式與題給數據代入⑤式得
m＝1.2u
【答案】m＝1.2u
13．【解析】α射線不能穿過
【答案】（1）β射線 （2）調節得大些
14．【解析】(1)
(2)反應堆每年提供的核能 
①
其中T表示1年的時間
以M表示每年消耗的
②
解得:
③
【答案】（1）
（2）1
15．【解析】（1）要估算太陽的質量M，研究繞太陽運動的任一顆行星的公轉均可，現取地球為研究對象。設T為地球繞日心運動的周期，則由萬有引力定律和牛頓定律可知
地球表面處的重力加速度 
得
以題給數值代入，得 M＝2×1030 kg
（2）根據質量虧損和質能公式，該核反應每發生一次釋放的核能為
△E＝（4mp＋2me－mα）c2
代入數值，得 △E＝4.2×10-12 J
（3）根據題給假設，在太陽繼續保持在主序星階段的時間內，發生題中所述的核聚變反應的次數為 
因此，太陽總共輻射出的能量為 E＝N?△E
設太陽輻射是各向同性的，則每秒內太陽向外放出的輻射能為 ε＝4πr2w
所以太陽繼續保持在主星序的時間為 
由以上各式解得 
以題給數據代入，并以年為單位，可得t＝1×1010年＝1百億年
【答案】（1）M＝2×1030 kg （2）△E＝4.2×10-12 J （3）t＝1×1010年＝1百億年
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