題目列表(包括答案和解析)
如圖所示，是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點坐標4.27，與縱軸交點坐標0.5）．由圖可知 （ ）
A．該金屬的截止頻率為4.27×1014 Ｈz
B．該金屬的截止頻率為5.5×1014 Ｈz
C．該圖線的斜率表示普朗克常量
D．該金屬的逸出功為0.5eV
如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點坐標4.27，與縱軸交點坐標0.5）．由圖可知以下說法正確的是（ ）
A．該金屬的截止頻率為4.27×1014 Ｈz
B．該金屬的截止頻率為5.5×1014 Ｈz
C．該圖線的斜率表示普朗克常量
D．該金屬的逸出功為0.5eV
| A．該金屬的截止頻率為4.27×1014Ｈz |
| B．該金屬的截止頻率為5.5×1014Ｈz |
| C．該圖線的斜率表示普朗克常量 |
| D．該金屬的逸出功為0.5eV |
（09年揚州中學月考）（4分）如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點坐標4.27，與縱軸交點坐標0.5）。由圖可知___________
A．該金屬的截止頻率為4.27×1014 Ｈz
B．該金屬的截止頻率為5.5×1014 Ｈz
C．該圖線的斜率表示普朗克常量
D．該金屬的逸出功為0.5eV
如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點坐標4.27，與縱軸交點坐標0.5）．由圖可知以下說法正確的是（ ）
| A．該金屬的截止頻率為4.27×1014Ｈz |
| B．該金屬的截止頻率為5.5×1014Ｈz |
| C．該圖線的斜率表示普朗克常量 |
| D．該金屬的逸出功為0.5eV |
一．單項選擇題
1
2
3
4
5
C
D
B
D
A
二．多選題
6
7
8
9
CD
AD
BCD
AD
三．簡答題
10．（1）0.02 （2分）（2）（每空2分，共6分）超過彈簧的彈性限度 100 N/m A
11．（1）197.5Ω（2分）
（2）（a）Rx=5Ω（3分），圖后面幾個點的連線為平滑曲線 （3分）
（b）溫度升高，電阻增加 （2分）
12．Ⅰ選修3-4模塊
(1) AE（4分）（漏選得2分，錯選或不答得0分）
(2) （每空 2分，共8分）（1）2 s (2) 沿著x軸的正方向
(3) 2m/s (4)
Ⅱ選修3-5模塊
(1) AF (4分) （漏選得2分，錯選或不答得0分）
(2) AC（4分）（漏選得2分，錯選或不答得0分）
(3)（4分） 根據動量守恒定律得： （2分）
解得： （2分）
四．計算題
13．⑴由牛頓第二定律得： （1分）
（1分）
上滑最大距離： （1分）
上滑時間： （1分）
下滑過程中： （1分）
得 （1分）
又根據 下滑時間 （1分）
總時間為： t = t1＋t2 = 1.5s （1分）
⑵返回斜面底端時的速度大小v = a′t2 = 3.2 m/s （2分）
⑶上滑過程中滿足：
上滑時間： （3分）
又因為 所以物體滑到最頂端后不再下滑，保持靜止．
得：m （2分）
14．(1) = 1分
=3l r 1分
得 1分
(2)AB棒滑到DF處時
1分
2分
2分
得 1分
(3)電機做的功 1分
? 1分
又 ，故 2分
是AB棒在CDFG導軌上滑動時產生的電熱,電流恒定，電阻不變
1分
得 1分
15．（1）當粒子由時刻進入電場，向下側移最大，則
2分
當粒子由時刻進入電場，向上側移最大，則
2分
打出粒子的速度都是相同的，在沿電場線方向速度大小為
2分
所以打出速度大小為
2分
設速度方向與v0的夾角為θ，則
2分
（2）要使平行粒子能夠交于圓形磁場區域邊界且有最小區域時，磁場直徑最小值與粒子寬度相等，粒子寬度
2分
故磁場區域的最小半徑為 1分
粒子在磁場中作圓周運動有 1分
解得 1分
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