Question

6．在如圖甲所示的平面坐標(biāo)系內(nèi)，有三個不同的靜電場：第一象限內(nèi)有固定在O點處的點電荷產(chǎn)生的電場E₁（未知），該電荷量為-Q，且只考慮該點電荷在第一象限內(nèi)產(chǎn)生電場；第二象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場E₂（未知）；第四象限內(nèi)有大小為 $\frac{2kQ}{{x}_{0}^{2}}$，方向按圖乙周期性變化的電場E₃，以水平向右為正方向，變化周期T=$\sqrt{\frac{8m{x}_{0}^{3}}{kQq}}$，一質(zhì)量為m，電荷量為+q的離子從（-x₀，x₀）點由靜止釋放，進(jìn)入第一象限后恰能繞O點做勻速圓周運(yùn)動．以離子經(jīng)過x軸時為計時起點，已知靜電力常量為k，不計離子重力．求：
（1）離子在第一象限運(yùn)動時速度大小和第二象限電場E₂的大小；
（2）當(dāng)t=$\frac{T}{2}$時，離子的速度；
（3）當(dāng)t=nT時，離子的坐標(biāo)．（n=1、2、3…）

Answer 1

分析 （1）根據(jù)粒子在第一象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動電場力提供圓周運(yùn)動向心力由圓周運(yùn)動半徑和庫侖定律求得粒子剛進(jìn)入第四象限的速度；在第二象限粒子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，由動能定理據(jù)粒子獲得的速度和位移求得第二象限的電場強(qiáng)度；
（2）粒子進(jìn)入第四象限在豎直方向做勻速直線運(yùn)動，水平方向在電場力作用下先勻加速直線運(yùn)動后勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)時間由運(yùn)動的合成求得離子的速度；
（3）根據(jù)粒子水平方向運(yùn)動的周期性求得粒子的橫坐標(biāo)，再根據(jù)豎直方向的運(yùn)動規(guī)律求得粒子的縱坐標(biāo)．

解答 解：（1）根據(jù)牛頓第二定律可得：$\frac{kQq}{{x}_{0}^{2}}=m\frac{{{v}_{0}}^{2}}{{x}_{0}}$，
解得：v₀=$\sqrt{\frac{kqQ}{{mx}_{0}}}$；
在第二定律加速過程中，根據(jù)動能定理可得：qE₂=$\frac{1}{2}$mv₀²
解得：${E}_{2}=\frac{kQ}{2{x}_{0}^{2}}$；
（2）離子進(jìn)入第四象限后，在水平方向上，有：
v_水平=at=$\frac{q{E}_{3}}{m}•\frac{T}{2}$=$\sqrt{\frac{8kQq}{m{x}_{0}}}$
當(dāng)t=$\frac{T}{2}$時，離子的速度為：$v=\sqrt{{v}_{0}^{2}+{v}_{水平}^{2}}$=$\sqrt{\frac{9kqQ}{m{x}_{0}}}$；
（3）離子在第四象限中運(yùn)動時，y方向上做勻速直線運(yùn)動，x方向上前半個周期向右勻加速運(yùn)動，后半個周期向右勻減速運(yùn)動直到速度為0；
每個周期向右運(yùn)動的平均速度$\frac{v}{2}$，則nT時水平方向的位移為：
$x=\frac{v}{2}•nT=\frac{1}{2}×\sqrt{\frac{9kqQ}{m{x}_{0}}}×n×\sqrt{\frac{8m{x}_{0}^{3}}{kQq}}$=3n$\sqrt{2}{x}_{0}$
-y方向的位移大小為：y=${v}_{0}•nT=\sqrt{\frac{kqQ}{{mx}_{0}}}×n×\sqrt{\frac{8m{x}_{0}^{3}}{kqQ}}$=$2\sqrt{2}n{x}_{0}$，
所以nT時刻離子的坐標(biāo)為（$3\sqrt{2}n{x}_{0}$，$-2\sqrt{2}n{x}_{0}$） （n=1、2、3…）．
答：（1）離子在第一象限運(yùn)動時速度大小為$\sqrt{\frac{kqQ}{{mx}_{0}}}$，第二象限電場E₂的大小為$\frac{kQ}{2{x}_{0}^{2}}$；
（2）當(dāng)t=$\frac{T}{2}$時，離子的速度為$\sqrt{\frac{9kqQ}{m{x}_{0}}}$；
（3）當(dāng)t=nT時，離子的坐標(biāo)為（$3\sqrt{2}n{x}_{0}$，$-2\sqrt{2}n{x}_{0}$） （n=1、2、3…）．

點評 本題中質(zhì)點在復(fù)合場運(yùn)動，分析受力情況，確定質(zhì)點的運(yùn)動情況是解題的基礎(chǔ)．結(jié)合粒子運(yùn)動的周期性，運(yùn)用數(shù)學(xué)幾何知識綜合求解．