Question

如圖所示，一輕繩繞過兩輕質滑輪，兩端分別連接著矩形導線框A和石塊C，線框A的兩邊長分別為d=1m、l=0.6m，電阻R=0.1Ω，質量m=0.5kg，石塊C質量M=2kg．線框正上方有垂直紙面向外的有界水平勻強磁場，磁感應強度B=0.5T，磁場寬度為s=1.6m．如果線框從圖示位置由靜止開始釋放，則恰好能勻速進入磁場．取g=10m/s²．試求：
（1）線框進入磁場時勻速運動的速度v₀；
（2）線框進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱Q；
（3）線框上邊剛出磁場時的加速度a．

Answer 1

分析：（1）線框進入磁場時勻速運動，所受的拉力、重力和安培力三個力平衡．根據(jù)E=Bdv₀，I=

E

R

，F(xiàn)_A=BId，推導出安培力與速度的關系式，再根據(jù)平衡條件列式，求解速度．
（2）線框進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱Q等于A、C系統(tǒng)減少的重力勢能，根據(jù)能量守恒定律求解電熱．
（3）線框完全在磁場中運動時，穿過線框的磁通量沒有變化，沒有感應電流產(chǎn)生，系統(tǒng)的機械能守恒，由機械能守恒定律或動能定理求出線框上邊剛出磁場時的速度，求得此時線框所受的安培力，再根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．

解答：解：設線框進入磁場時勻速運動的速度為v₀，則產(chǎn)生的電動勢：E=Bdv₀
感應電流為：I=

E

R

安培力為：F_A=BId   
則得：F_A=

B2d2v0

R

對線框和石塊整體，受力平衡：Mg=mg+F_A         
聯(lián)立解得：v₀=

(M-m)gR

B2d2

=

(2-0.5)×10×0.1

0．52×12

=6m/s         
（2）根據(jù)能量轉化和守恒定律知，電熱等于A、C系統(tǒng)減少的重力勢能，即：
Q=（M-m）gl=（2-0.5）×10×0.6J=9J         
（3）設線框上邊剛出磁場時的速度為v，對線框和石塊整體，根據(jù)動能定理有：
  Mg（s-l）-mg（s-l）=

1

2

(M+m)v2-

1

2

(M+m)

v

2 0

代入數(shù)據(jù)解得：v=4

3

m/s
此時的安培力為：

F

′ A

=

B2d2v

R

=10

3

N      
對線框和石塊整體，根據(jù)牛頓第二定律有：
  Mg-mg-

F

′ A

=（M+m）a        
解得：a=6-4

3

m/s²=-0.93m/s²         
即加速度大小為0.93m/s²，方向豎直向下．        
答：（1）線框進入磁場時勻速運動的速度v₀是6m/s．
（2）線框進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱Q是9J．
（3）線框上邊剛出磁場時的加速度大小為0.93m/s²，方向豎直向下．

點評：對于電磁感應問題，關鍵要會推導安培力的表達式和分析能量如何轉化．