Question

設(shè)函數(shù)f(x)=p(x-

1

x

)-2lnx，g(x)=

2e

x

（p是實(shí)數(shù)，e為自然對數(shù)的底數(shù)）
（1）若f（x）在其定義域內(nèi)為單調(diào)函數(shù)，求p的取值范圍；
（2）若在[1，e]上至少存在一點(diǎn)x₀，使得f（x₀）＞g（x₀）成立，求p的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）求導(dǎo)f′（x）=

px2-2x+p

x2

，要使“f（x）為單調(diào)增函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f′（x）≥0恒成立”，再轉(zhuǎn)化為“p≥

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立”，由最值法求解．同理，要使“f（x）為單調(diào)減函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f′（x）≤0恒成立”，再轉(zhuǎn)化為“p≤

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立”，由最值法求解，最后兩個(gè)結(jié)果取并集．
（2）因?yàn)椤霸赱1，e]上至少存在一點(diǎn)x₀，使得f（x₀）＞g（x₀）成立”，要轉(zhuǎn)化為“f（x）_max＞g（x）_min”解決，易知g（x）=

2e

x

在[1，e]上為減函數(shù)，所以g（x）∈[2，2e]，①當(dāng)p≤0時(shí)，f（x）在[1，e]上遞減；②當(dāng)p≥1時(shí)，f（x）在[1，e]上遞增；③當(dāng)0＜p＜1時(shí)，兩者作差比較．

解答：解：（1）f′（x）=

px2-2x+p

x2

，要使“f（x）為單調(diào)增函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f′（x）≥0恒成立”，即p≥

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立，又

2

x+ 1 x

≤1，所以當(dāng)p≥1時(shí)，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)增函數(shù)．
同理，要使“f（x）為單調(diào)減函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f′（x）≤0恒成立，再轉(zhuǎn)化為“p≤

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立”，又

2

x+ 1 x

＞0，所以當(dāng)p≤0時(shí)，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)減函數(shù)．
綜上所述，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)函數(shù)，p的取值范圍為p≥1或p≤0
（2）因g（x）=

2e

x

在[1，e]上為減函數(shù)，所以g（x）∈[2，2e]
①當(dāng)p≤0時(shí)，由（1）知f（x）在[1，e]上遞減⇒f（x）_max=f（1）=0＜2，不合題意
②當(dāng)p≥1時(shí)，由（1）知f（x）在[1，e]上遞增，f（1）＜2，又g（x）在[1，e]上為減函數(shù)，
故只需f（x）_max＞g（x）_min，x∈[1，e]，
即：f（e）=p（e-

1

e

）-2lne＞2⇒p＞

4e

e2-1

．
③當(dāng)0＜p＜1時(shí)，因x-

1

x

≥0，x∈[1，e]
所以f（x）=p（x-

1

x

）-2lnx≤（x-

1

x

）-2lnx≤e-

1

e

-2lne＜2不合題意
綜上，p的取值范圍為（

4e

e2-1

，+∞）

點(diǎn)評：本題主要考查用導(dǎo)數(shù)法研究函數(shù)的單調(diào)性，基本思路是：當(dāng)函數(shù)為增函數(shù)時(shí)，導(dǎo)數(shù)大于等于零；當(dāng)函數(shù)為減函數(shù)時(shí)，導(dǎo)數(shù)小于等于零，已知單調(diào)性求參數(shù)的范圍往往轉(zhuǎn)化為求相應(yīng)函數(shù)的最值問題．