Question

（2013•珠海二模）數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和記為S_n，且滿(mǎn)足S_n=2a_n-1．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求和S1•

C

0 n

+S2•

C

1 n

+S3•

C

2 n

+…+Sn+1•

C

n n

；
（3）設(shè)有m項(xiàng)的數(shù)列{b_n}是連續(xù)的正整數(shù)數(shù)列，并且滿(mǎn)足：lg2+lg(1+

1

b1

)+lg(1+

1

b2

)+…+lg(1+

1

bm

)=lg(log2am)．
問(wèn)數(shù)列{b_n}最多有幾項(xiàng)？并求這些項(xiàng)的和．

Answer 1

分析：（1）利用a_n+1=S_n+1-S_n，即可求得a_n+1=2a_n．，繼而可證明數(shù)列{a_n}為等比數(shù)列，利用等比數(shù)列的概念即可求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）由（1）知S_n=2^n-1，將其代入S₁•

C

0 n

+S₂•

C

1 n

+S₃•

C

2 n

+…+S_n+1•

C

n n

，分組求和．利用二項(xiàng)式定理即可求得其結(jié)果；
（3）利用對(duì)數(shù)的性質(zhì)可得到2•

b1+1

b1

•

b2+1

b2

…

bm+1

bm

=m-1，利用{b_n}是連續(xù)的正整數(shù)數(shù)列，且滿(mǎn)足上式，可化為

2(bm+1)

b1

=m-1，利用b_m=b₁+（m-1），消b_m即可求得答案．

解答：解：（1）由S_n=2a_n-1得S_n+1=2a_n+1-1，相減得a_n+1=2a_n+1-2a_n，即a_n+1=2a_n．
又S₁=2a₁-1，得a₁=1≠0，
∴數(shù)列{a_n}是以1為首項(xiàng)2為公比的等比數(shù)列，
∴a_n=2^n-1．…（5分）
（2）由（1）知S_n=2^n-1，
∴S₁•

C

0 n

+S₂•

C

1 n

+S₃•

C

2 n

+…+S_n+1•

C

n n

=（2¹-1）•

C

0 n

+（2²-1）•

C

1 n

+（2³-1）•

C

2 n

+…+（2ⁿ⁺¹-1）•

C

n n

=2（

C

0 n

+2

C

1 n

+2²

C

2 n

+…+2ⁿ

C

n n

）-（

C

0 n

+

C

1 n

+

C

2 n

+…+

C

n n

）
=2（1+2）ⁿ-2ⁿ
=2•3ⁿ-2ⁿ…（10分）
（3）由已知得2•

b1+1

b1

•

b2+1

b2

…

bm+1

bm

=m-1．
又{b_n}是連續(xù)的正整數(shù)數(shù)列，
∴b_n=b_n-1+1．
∴上式化為

2(bm+1)

b1

=m-1．
又b_m=b₁+（m-1），消b_m得mb₁-3b₁-2m=0．
m=

3b1

b1-2

=3+

6

b1-2

，由于m∈N^*，
∴b₁＞2，
∴b₁=3時(shí)，m的最大值為9．
此時(shí)數(shù)列的所有項(xiàng)的和為3+4+5+…+11=63…（16分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查二項(xiàng)式定理的應(yīng)用，考查數(shù)列求和，考查數(shù)列遞推式，突出考查創(chuàng)新思維與抽象邏輯思維的能力，屬于難題．