Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，Rt△AOC的直角邊OC在y軸正半軸，且頂點O與坐標(biāo)原點重合，點A的坐標(biāo)為（2，4），直線y=-x+b過點A，與x軸交點B．

（1）點B的坐標(biāo)為______．
（2）動點P從點O出發(fā)，以每秒1個單位長的速度，沿O-C-A的路線向點A運動，同時動點M從點B出發(fā)，以相同的速度沿BO的方向向O運動，過點M作MQ⊥x軸，交線段BA或線段AO于點Q，當(dāng)點P到達(dá)A點時，點P和點M都停止運動．在運動過程中，設(shè)動點P運動的時間為t秒．
①設(shè)△APQ的面積為S，求S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式；
②是否存在以M、P、Q為頂點的三角形的面積與S相等？若存在，求t的值，若不存在，請說明理由．

Answer 1

（1）將點A（2，4）代入y=-x+b，
得4=-2+b，解得b=6，
∴y=-x+6，
當(dāng)y=0時，x=6，
∴點B的坐標(biāo)為（6，0）．
故答案為：（6，0）．

（2）①設(shè)直線y=-x+6與y軸交于點D，則D（0，6），
∵B（6，0），
∴OB=OD=6，∠OBD=∠ODB=45°．
過點A（2，4）作AN⊥OB于N，則AN=OC=4，ON=AC=2，BN=AN=4，
∴當(dāng)點P到達(dá)點C時，點M到達(dá)點N．
分兩種情況討論：
（i）當(dāng)0≤t≤4時，點P在OC上，點Q在BA上，如圖1．
∵OP=t，BM=QM=t，
∴PQ∥OB，PQ=OM=OB-BM=6-t，CP=OC-OP=4-t，
∴S=

1

2

PQ•CP=

1

2

（6-t）（4-t）=

1

2

t²-5t+12；
（ii）當(dāng)4＜t≤6時，點P在AC上，點Q在AO上，如圖2，延長MQ交AC于點E．
∵OC+CP=t，BM=t，
∴AP=6-t，OM=OB-BM=6-t．
∵tan∠AON=

QM

OM

=

AN

ON

，
∴

QM

6-t

=

4

2

，
∴QM=12-2t，
∴QE=EM-QM=4-（12-2t）=2t-8，
∴S=

1

2

AP•QE=

1

2

（6-t）（2t-8）=-t²+10t-24．
綜上可知，S=

1 2 t2-5t+12(0≤t≤4) -t2+10t-24(4＜t≤6)

；

②存在以M、P、Q為頂點的三角形的面積與S相等，理由如下：
分兩種情況討論：
（i）當(dāng)0≤t≤4時，點P在OC上，點Q在BA上，如圖3．
∵S_△MPQ=

1

2

PQ•QM=

1

2

（6-t）t=-

1

2

t²+3t，S=

1

2

t²-5t+12，
∴-

1

2

t²+3t=

1

2

t²-5t+12，
整理，得t²-8t+12=0，
解得t₁=2，t₂=6（不合題意舍去）；
（ii）當(dāng)4＜t≤6時，點P在AC上，點Q在AO上，如圖4．
∵QM=12-2t，PE=|CE-CP|=|（6-t）-（t-4）|=|10-2t|，
∴S_△MPQ=

1

2

QM•PE=

1

2

（12-2t）|10-2t|=（6-t）|10-2t|，
又∵S=

1

2

AP•QE=

1

2

（6-t）（2t-8）=（6-t）（t-4），
∴（6-t）|10-2t|=（6-t）（t-4），
∵t=6時，M與Q重合，不合題意舍去，
∴10-2t=±（t-4），
當(dāng)10-2t=t-4時，t=

14

3

；
當(dāng)10-2t=-（t-4）時，t=6舍去．
綜上可知，存在以M、P、Q為頂點的三角形的面積與S相等，此時t的值為2或

14

3

．